《2020屆高考物理 精準(zhǔn)培優(yōu)專練十二 動(dòng)量守恒定律及其應(yīng)用（含解析）》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2020屆高考物理 精準(zhǔn)培優(yōu)專練十二 動(dòng)量守恒定律及其應(yīng)用（含解析）（13頁珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。
1、動(dòng)量守恒定律及其應(yīng)用1對(duì)應(yīng)本知識(shí)點(diǎn)的考查，預(yù)計(jì)綜合應(yīng)用動(dòng)量和能量觀點(diǎn)解決碰撞模型問題是今后命題的熱點(diǎn)，既可以將動(dòng)量與力學(xué)知識(shí)結(jié)合，也可將動(dòng)量和電學(xué)知識(shí)結(jié)合，作為理綜試卷壓軸計(jì)算題進(jìn)行命題。2注意要點(diǎn)：(1)使用動(dòng)量守恒定律時(shí)，要注意是否滿足動(dòng)量守恒定律的條件；(2)在列式時(shí)一定要注意動(dòng)量的矢量性。二、考題再現(xiàn)典例1.(2019全國III卷25)靜止在水平地面上的兩小物塊A、B，質(zhì)量分別為mAl.0 kg，mB4.0 kg；兩者之間有一被壓縮的微型彈簧，A與其右側(cè)的豎直墻壁距離l1.0 m，如圖所示。某時(shí)刻，將壓縮的微型彈簧釋放，使A、B瞬間分離，兩物塊獲得的動(dòng)能之和為Ek10.0 J。釋放后，
2、A沿著與墻壁垂直的方向向右運(yùn)動(dòng)。A、B與地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為0.20，重力加速度取g10 m/s。A、B運(yùn)動(dòng)過程中所涉及的碰撞均為彈性碰撞且碰撞時(shí)間極短。(1)求彈簧釋放后瞬間A、B速度的大?。?2)物塊A、B中的哪一個(gè)先停止？該物塊剛停止時(shí)A與B之間的距離是多少？(3)A和B都停止后，A與B之間的距離是多少？典例2.(2018全國卷24)一質(zhì)量為m的煙花彈獲得動(dòng)能E后，從地面豎直升空，當(dāng)煙花彈上升的速度為零時(shí)，彈中火藥爆炸將煙花彈炸為質(zhì)量相等的兩部分，兩部分獲得的動(dòng)能之和也為E，且均沿豎直方向運(yùn)動(dòng)。爆炸時(shí)間極短，重力加速度大小為g，不計(jì)空氣阻力和火藥的質(zhì)量，求：(1)煙花彈從地面開始上升
3、到彈中火藥爆炸所經(jīng)過的時(shí)間；(2)爆炸后煙花彈向上運(yùn)動(dòng)的部分距地面的最大高度。三、對(duì)點(diǎn)速練1右端帶有光滑圓弧軌道質(zhì)量為M的小車靜置于光滑水平面上，如圖所示，一質(zhì)量為m的小球以速度v0水平?jīng)_上小車，關(guān)于小球此后的運(yùn)動(dòng)情況，以下說法正確的是( )A小球可能離開小車水平向右做平拋運(yùn)動(dòng)B小球可能從圓弧軌道上端拋出而不再回到小車C小球不可能離開小車水平向左做平拋運(yùn)動(dòng)D小球不可能離開小車做自由落體運(yùn)動(dòng)2(多選)如圖，彈簧的一端固定在豎直墻上，質(zhì)量為m的光滑弧形槽靜止在光滑水平面上，底部與水平面平滑連接，一個(gè)質(zhì)量也為m的小球從槽上高h(yuǎn)處由靜止開始自由下滑，則( )A在小球下滑的過程中，小球和槽組成的系統(tǒng)水平
4、方向動(dòng)量守恒B在小球下滑的過程中，小球和槽之間的相互作用力對(duì)槽不做功C被彈簧反彈后，小球能回到槽上高h(yuǎn)處D被彈簧反彈后，小球和槽都做速率不變的直線運(yùn)動(dòng)3某電影里兩名槍手在房間對(duì)決，他們各自背靠墻壁，一左一右。假設(shè)他們之間的地面光滑隨機(jī)放著一均勻木塊，木塊到左右兩邊的距離不一樣。兩人拿著相同的步槍和相同的子彈同時(shí)朝木塊射擊一發(fā)子彈，聽天由命。但是子彈都沒有射穿木塊，兩人都活了下來反而成為了好朋友。假設(shè)你是偵探，仔細(xì)觀察木塊發(fā)現(xiàn)右邊的射孔(彈痕)更深。設(shè)子彈與木塊的作用力大小一樣，請(qǐng)你分析一下，哪個(gè)結(jié)論是正確的( )A開始時(shí)，木塊更靠近左邊的人，左邊的人相對(duì)更安全B開始時(shí)，木塊更靠近左邊的人，右邊
5、的人相對(duì)更安C開始時(shí)，木塊更靠近右邊的人，左邊的人相對(duì)更安全區(qū)D開始時(shí)，木塊更靠近右邊的人，右邊的人相對(duì)更安全4一質(zhì)量為m1的物體以v0的初速度與另一質(zhì)量為m2的靜止物體發(fā)生碰撞，其中m2km1，k1。碰撞可分為完全彈性碰撞、完全非彈性碰撞以及非彈性碰撞。碰撞后兩物體速度分別為v1和v2。假設(shè)碰撞在一維上進(jìn)行，且一個(gè)物體不可能穿過另一個(gè)物體。物體1撞后與碰撞前速度之比的取值范圍是( )A BC D5如圖所示，光滑的水平導(dǎo)軌上套有一質(zhì)量為1 kg、可沿桿自由滑動(dòng)的滑塊，滑塊下方通過一根長為1 m的輕繩懸掛著質(zhì)量為0.99 kg的木塊。開始時(shí)滑塊和木塊均靜止，現(xiàn)有質(zhì)量為10 g的子彈以500 m/
6、s的水平速度擊中木塊并留在其中(作用時(shí)間極短)，取重力加速g10 m/s2。下列說法正確的是( )A子彈和木塊擺到最高點(diǎn)時(shí)速度為零B滑塊的最大速度為2.5 m/sC子彈和木塊擺起的最大高度為0.625 mD當(dāng)子彈和木塊擺起高度為0.4 m時(shí)，滑塊的速度為1 m/s6 (多選)水平面上的A、B兩球沿一直線運(yùn)動(dòng)并發(fā)生正碰，如圖所示為兩球碰撞前、后的位移隨時(shí)間變化的圖象，a、b分別為A、B兩球碰前圖象，c為碰撞后兩球共同運(yùn)動(dòng)的圖象，已知A球質(zhì)量是m2 kg，則由圖象判斷下列結(jié)論正確的是( )A由圖象可知碰撞前A球做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，B球做勻加速直線運(yùn)動(dòng)B碰撞前后A球動(dòng)量變化量大小為4 kgm/sCB球
7、質(zhì)量為kgDA、B兩球碰撞前的總動(dòng)量為3 kgm/s7(多選)如圖所示，光滑水平面上靜置一質(zhì)量為m、長為L的長木板B，木板上表面各處粗糙程度相同，一質(zhì)量為m的小物塊A(可視為質(zhì)點(diǎn))從左端以速度沖上木板，當(dāng)vv0時(shí)，小物塊A歷時(shí)t0恰好運(yùn)動(dòng)到木板右端與木板共速。此過程中A、B系統(tǒng)生熱為Q，則( )A若vv0，A、B系統(tǒng)生熱為B若vv0，A、B相對(duì)運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t0C若vv0，B經(jīng)歷t0時(shí)間的位移為LD若v2v0，A經(jīng)歷t0到達(dá)木板右端8如圖所示，靜止放置在光滑水平面上的A、B、C三個(gè)滑塊，滑塊A、B間通過一水平輕彈簧相連，滑塊A左側(cè)緊靠一固定擋板P，某時(shí)刻給滑塊C施加一個(gè)水平?jīng)_量使其以初速度v0水平
8、向左運(yùn)動(dòng)，滑塊C撞上滑塊B的瞬間二者粘在一起共同向左運(yùn)動(dòng)，彈簧被壓縮至最短的瞬間具有的彈性勢(shì)能為1.35 J，此時(shí)撤掉固定擋板P，之后彈簧彈開釋放勢(shì)能，已知滑塊A、B、C的質(zhì)量分別為mAmB0.2 kg，mC0.1 kg，取3.17。求：(1)滑塊C的初速度v0的大?。?2)當(dāng)彈簧彈開至恢復(fù)到原長的瞬時(shí)，滑塊B、C的速度大小；(3)從滑塊B、C壓縮彈簧至彈簧恢復(fù)到原長的過程中，彈簧對(duì)滑塊B、C整體的沖量。9如圖甲所示，質(zhì)量M3.0 kg的平板小車C靜止在光滑的水平面上，在t0時(shí)，兩個(gè)質(zhì)量均為1.0 kg的小物體A和B同時(shí)從左右兩端水平?jīng)_上小車，1.0 s內(nèi)它們的vt圖象如圖乙所示，g取10 m
9、/s2。(1)小車在第1.0 s內(nèi)所受的合力為多大? (2)要使A、B在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中不會(huì)相碰，車的長度至少為多少?(3)假設(shè)A、B兩物體在運(yùn)動(dòng)過程中不會(huì)相碰，試在圖乙中畫出A、B在1.0s3.0 s時(shí)間內(nèi)的vt圖象。10如圖所示，質(zhì)量為4m的鋼板A放在水平地面上，質(zhì)量為3m的鋼板B與一勁度系數(shù)為k的豎直輕彈簧上端連接，彈簧下端固定在鋼板A上，整體都處于靜止?fàn)顟B(tài)。一質(zhì)量為2m的物塊C從鋼板B正上方高為h的位置自由落下，打在鋼板B上并立刻與鋼板B一起向下運(yùn)動(dòng)，且二者粘在一起不再分開。它們到達(dá)最低點(diǎn)后又開始向上運(yùn)動(dòng)的過程中，剛好能使鋼板A離開地面但不繼續(xù)上升。若物塊C換成質(zhì)量為m的物塊D，并從鋼板
10、B正上方高為4h的位置自由落下，打在鋼板B上并也立刻與鋼板B一起向下運(yùn)動(dòng)，且二者也粘在一起不再分開。求鋼板A離開地面時(shí)，物塊D和鋼板B的速度大小。已知重力加速度大小為g，彈簧在彈性限度內(nèi)。答案二、考題再現(xiàn)典例1.【解析】(1)設(shè)彈簧釋放瞬間A和B的速度大小分別為vA、vB，以向右為正，由動(dòng)量守恒定律和題給條件有0mAvAmBvB 聯(lián)立式并代入題給數(shù)據(jù)得：vA4.0 m/s，vB1.0 m/s(2)A、B兩物塊與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)相等，因而兩者滑動(dòng)時(shí)加速度大小相等，設(shè)為a。假設(shè)A和B發(fā)生碰撞前，已經(jīng)有一個(gè)物塊停止，此物塊應(yīng)為彈簧釋放后速度較小的B。設(shè)從彈簧釋放到B停止所需時(shí)間為t，B向左運(yùn)動(dòng)的路
11、程為sB。，則有：mBamBg vBat0 在時(shí)間t內(nèi)，A可能與墻發(fā)生彈性碰撞，碰撞后A將向左運(yùn)動(dòng)，碰撞并不改變A的速度大小，所以無論此碰撞是否發(fā)生，A在時(shí)間t內(nèi)的路程sA都可表示為 聯(lián)立式并代入題給數(shù)據(jù)得：sA1.75 m，sB0.25 m這表明在時(shí)間t內(nèi)A已與墻壁發(fā)生碰撞，但沒有與B發(fā)生碰撞，此時(shí)A位于出發(fā)點(diǎn)右邊0.25 m處。B位于出發(fā)點(diǎn)左邊0.25 m處，兩物塊之間的距離s為s0.25 m0.25 m0.50 m (3)t時(shí)刻后A將繼續(xù)向左運(yùn)動(dòng)，假設(shè)它能與靜止的B碰撞，碰撞時(shí)速度的大小為vA，由動(dòng)能定理有 聯(lián)立式并代入題給數(shù)據(jù)得：m/s 故A與B將發(fā)生碰撞。設(shè)碰撞后A、B的速度分別為v
12、A以和vB，由動(dòng)量守恒定律與機(jī)械能守恒定律有mA(vA) mAvAmBvB聯(lián)立式并代入題給數(shù)據(jù)得：m/s，m/s 這表明碰撞后A將向右運(yùn)動(dòng)，B繼續(xù)向左運(yùn)動(dòng)。設(shè)碰撞后A向右運(yùn)動(dòng)距離為sA時(shí)停止，B向左運(yùn)動(dòng)距離為sB時(shí)停止，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，由式及題給數(shù)據(jù)得：sA0.63 m，sB0.28 m sA小于碰撞處到墻壁的距離。由上式可得兩物塊停止后的距離ssAsB0.91 m。典例2.【解析】(1)設(shè)煙花彈上升的初速度為v0，由題給條件有：Emv 設(shè)煙花彈從地面開始上升到火藥爆炸所用的時(shí)間為t，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有：0v0gt聯(lián)立式得：t。(2)設(shè)爆炸時(shí)煙花彈距地面的高度為h1，由機(jī)械能守恒定律有：Emgh1火
13、藥爆炸后，煙花彈上、下兩部分均沿豎直方向運(yùn)動(dòng)，設(shè)炸后瞬間其速度分別為v1和v2.由題給條件和動(dòng)量守恒定律有mvmvEmv1mv20由式知，煙花彈兩部分的速度方向相反，向上運(yùn)動(dòng)部分做豎直上拋運(yùn)動(dòng)設(shè)爆炸后煙花彈向上運(yùn)動(dòng)部分繼續(xù)上升的高度為h2，由機(jī)械能守恒定律有：mvmgh2聯(lián)立式得，煙花彈向上運(yùn)動(dòng)部分距地面的最大高度為：hh1h2。三、對(duì)點(diǎn)速練1【答案】A【解析】小球從圓弧軌道上端拋出后，小球水平方向的速度和車的速度相同，故小球仍會(huì)落回到小車上；小球落回到小車后，相對(duì)小車向左滑動(dòng)，然后從左邊離開小車：如果小球?qū)Φ孛娴乃俣认蜃螅瑒t小球離開小車水平向左做平拋運(yùn)動(dòng)；如果小球?qū)Φ孛娴乃俣葹榱悖瑒t小球離開
14、小車后做自由落體運(yùn)動(dòng)；如果小球?qū)Φ孛娴乃俣认蛴?，則小球離開小車水平向右做平拋運(yùn)動(dòng)。故A正確，BCD錯(cuò)誤。2【答案】AD【解析】在下滑的過程中，小球和槽組成的系統(tǒng)，在水平方向上不受力，則水平方向上動(dòng)量守恒，故選項(xiàng)A正確；在滑動(dòng)過程中，槽向后滑動(dòng)，根據(jù)動(dòng)能定理知，槽的速度增大，則小球?qū)Σ鄣淖饔昧ψ稣?，故選項(xiàng)B錯(cuò)誤；小球和槽組成的系統(tǒng)水平方向上動(dòng)量守恒，開始總動(dòng)量為零，小球離開槽時(shí)，小球和槽的動(dòng)量大小相等，方向相反，由于質(zhì)量相等，則速度大小相等，方向相反，然后小球與彈簧接觸，被彈簧反彈后的速度與接觸彈簧的速度大小相等，可知反彈后，小球和槽都做速率不變的直線運(yùn)動(dòng)，且速度大小相等，小球不會(huì)回到槽高h(yuǎn)處
15、，故選項(xiàng)D正確，C錯(cuò)誤。3【答案】B【解析】子彈的質(zhì)量與射出時(shí)的速度都相等，兩子彈與木塊組成的系統(tǒng)總動(dòng)量為零；如果木塊在正中間，則彈痕應(yīng)該一樣長，結(jié)果是右邊的長一些，假設(shè)木塊靠近其中某一人，設(shè)子彈質(zhì)量為m，初速度為v0，木塊質(zhì)量為M，阻力為f，彈痕長度分別為x1、x2，兩子彈與木塊組成的系統(tǒng)在水平方向所受合外力為零，系統(tǒng)動(dòng)量守恒，以向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律得：mv0(M+m)v1，由能量守恒定律得：mv02(M+m)v12fx1，對(duì)另一發(fā)子彈，同樣有：(M+m)v1-mv00，mv02(M+m)v12fx2，解得：x1x2，綜合判斷，后接觸木塊的子彈彈痕長，更容易射穿木塊，對(duì)面的人更危險(xiǎn)，
16、所以一開始木塊離左邊近一些，右邊的人相對(duì)更安全，故B正確，ACD錯(cuò)誤。4【答案】B【解析】若發(fā)生彈性碰撞，則由動(dòng)量守恒：m1v0m1v1+m2v2；由能量關(guān)系：，解得，則；若發(fā)生完全非彈性碰撞，則由動(dòng)量守恒：m1v0(m1+m2)v，解得，則，故，B正確。5【答案】C【解析】設(shè)子彈質(zhì)量為m0，木塊質(zhì)量為m1，滑塊質(zhì)量為m2，由子彈、木塊、滑塊組成的系統(tǒng)在水平方向上動(dòng)量守恒，故當(dāng)子彈和木塊擺到最高點(diǎn)時(shí)三者具有相同的速度，且速度方向水平，A項(xiàng)錯(cuò)誤；只要輕繩與桿之間的夾角為銳角，輕繩拉力對(duì)滑塊做正功，滑塊就會(huì)加速，所以當(dāng)輕繩再次豎直時(shí)滑塊速度最大，設(shè)此時(shí)滑塊速度為vm，子彈和木塊速度為v，則由系統(tǒng)水
17、平方向動(dòng)量守恒定律可得m0v0(m0+m1)v1(m0+m1)v+m2vm，(m0+m1)v12(m0+m1)v2m2vm2，解得vm0，或vm5m/s，即滑塊的最大速度為5m/s，B項(xiàng)錯(cuò)誤；當(dāng)子彈和木塊擺到最高點(diǎn)時(shí)三者具有相同的速度v，由系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒定律可得m0v0(m0+m1)v1(m0+m1+m2)v，解得v2.5m/s，由子彈進(jìn)入木塊后系統(tǒng)機(jī)械能守恒可得(m0+m1)v12(m0+m1+m2)v2(m0+m1)gh，解得h0.625m，C項(xiàng)正確；當(dāng)子彈和木塊擺起高度為0.4m時(shí)，由系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒定律可得m0v0(m0+m1)v1(m0+m1)vx+m2v3，得vx4m/s
18、，而此時(shí)木塊和子彈豎直方向速度一定不為零，故由子彈進(jìn)入木塊后系統(tǒng)機(jī)械能守恒可得(m0+m1)v12(m0+m1)(vx+xy)2m2v32 +(m0+m1)gh，解得h0.4m，D項(xiàng)錯(cuò)誤。6【答案】BC【解析】由xt圖象的斜率表示速度，因此碰撞前A、B兩球都是勻速運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；碰撞前有：vA3m/s，vB2m/s，碰撞后有：vAvB1m/s；碰撞前后A的動(dòng)量變化為：PAmvAmvA2(1)2(3)4kgm/s，故B正確；根據(jù)動(dòng)量守恒定律，碰撞前后B的動(dòng)量變化為：PBPA4kgm/s，又：PBmB（vBvB），所以解得：mBkg，故C正確；所以A與B碰撞前的總動(dòng)量為：P總mvA+mBvB2(3
19、)+2kgm/s，故D錯(cuò)誤。7【答案】AC【解析】當(dāng)vv0時(shí)，取向右為正方向，根據(jù)動(dòng)量守恒定律得：mv02mv，代入數(shù)據(jù)得：v0.5v0。由能量守恒定律得：Qmv02-2mv2mv02。若vv0，取向右為正方向，根據(jù)動(dòng)量守恒定律得mv02mv得：vv0。系統(tǒng)生熱：，選項(xiàng)A正確；當(dāng)vv0時(shí)，對(duì)B，由動(dòng)量定理得：ft0mv可得：；若，根據(jù)動(dòng)量守恒定律得得：。對(duì)B，由動(dòng)量定理得：，可得：，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；若vv0，則由A選項(xiàng)的分析可知：fLQmv02；對(duì)物體B：聯(lián)立解得：，選項(xiàng)C正確；若v2v0，取向右為正方向，根據(jù)動(dòng)量守恒定律得：m2v0mvA+mvB，A、B系統(tǒng)生熱等于系統(tǒng)克服摩擦力做功，與木板的長
20、度有關(guān)，可知A、B系統(tǒng)生熱仍為Q。根據(jù)能量守恒定律得：。結(jié)合上面解答有：Qmv02。對(duì)B，由動(dòng)量定理得：ftmvB-0；聯(lián)立解得：（另一值不合理舍去），故D錯(cuò)誤。8【解析】(1)滑塊C撞上滑塊B的過程中，滑塊B、C組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，以水平向左為正，根據(jù)動(dòng)量守恒定律得：彈簧被壓縮至最短時(shí)，滑塊B、C速度為零，根據(jù)能量守恒定律得：解得：v13 m/s，v09 m/s。(2)設(shè)彈簧彈開至恢復(fù)到原長的瞬間，滑塊B、C的速度大小為v2，滑塊A的大小為v3，根據(jù)動(dòng)量守恒定律得：根據(jù)能量守恒定律得：解得：v21.9 m/s。(3)設(shè)彈簧對(duì)滑塊B、C整體的沖量I，選向右為正方向，由動(dòng)量定理得：解得：，方向水
21、平向右。9【解析】(1)由圖可知，在第1s內(nèi)，A、B的加速度大小相等，為2m/s2。物體A、B所受的摩擦力均為fma2N方向相反。根據(jù)牛頓第三定律，車C受到A、B的摩擦力大小相等，方向相反，合力為零(2)設(shè)系統(tǒng)最終的速度為v，由系統(tǒng)動(dòng)量守恒得：mvAmvB(2mM)v代入數(shù)據(jù)，解得v0.4m/s，方向向右。由系統(tǒng)能量守恒得：f(sAsB)12mvA2-12mvB212 (2mM)v2解得A、B的相對(duì)位移，即車的最小長度ssAsB4.8m(3)1s后A繼續(xù)向右減速滑行，小車與B一起向右加速運(yùn)動(dòng)，最終達(dá)到共同速度v。在該過程中，對(duì)A運(yùn)用動(dòng)量定理得：ftmv解得t0.8s。即系統(tǒng)在t1.8s時(shí)達(dá)到共
22、同速度，此后一起做勻速運(yùn)動(dòng)。在1.0s3.0s時(shí)間內(nèi)的vt圖象如下。10【解析】物塊C從鋼板B正上方距離為h的位置自由落下時(shí)，C下落前，設(shè)彈簧的壓縮量為x1，對(duì)B有：3mgkx1解得：x13mgkC下落的過程：設(shè)C和B碰撞前瞬間的速度為v1，對(duì)C有：2mgh122mv12解得：v12ghC和B碰撞過程，設(shè)碰后二者的速度為v2，對(duì)C和B組成的系統(tǒng)，有：2mv1(2m+3m)v2解得：v2252ghC和B一起到最高點(diǎn)時(shí)，A恰離開地面，設(shè)彈簧的伸長量為x2對(duì)A有：4mgkx2解得：x24mgk從C和B碰后到二者一起到最高點(diǎn)的過程中：二者一起到最高點(diǎn)時(shí)，A恰離開地面，設(shè)C碰撞B前，彈簧的彈性勢(shì)能為EP
23、1；C和B一起到最高點(diǎn)時(shí)，彈簧的彈性勢(shì)能為EP2.把C、B和彈簧作為一個(gè)系統(tǒng)，系統(tǒng)機(jī)械能守恒，有：12(2m+3m)v22+EP1EP2+(2m+3m)(x1+x2)解得：EP2-EP135(mg)2k-45mgh物塊D從鋼板B正上方距離為4h的位置自由落下時(shí)，D下落的過程，設(shè)D和B碰撞前瞬間的速度為v3，對(duì)D有：mg4h12mv32解得：v322ghD和B碰撞過程：設(shè)碰后二者的速度為v4，對(duì)D和B組成的系統(tǒng)，有：mv3(m+3m)v4解得：v42gh2從D和B碰后到A恰離開地面的過程中：設(shè)A恰離開地面時(shí)，D和B的速度為v，把D、B和彈簧作為一個(gè)系統(tǒng)，系統(tǒng)機(jī)械能守恒，有：12(m+3m)v42+EP1EP2+(m+3m)(x1+x2)+12(m+3m)v2解得：vg(hk+35mg)10k。13
2020屆高考物理 精準(zhǔn)培優(yōu)專練十二 動(dòng)量守恒定律及其應(yīng)用（含解析）
