2019-2020學(xué)年高中物理 課時作業(yè)7 了解電容器 靜電與新技術(shù)（含解析）粵教版選修3-1

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1、課時分層作業(yè)(七)　了解電容器　靜電與新技術(shù) (時間：40分鐘　分值：100分) [基礎(chǔ)達標練] 選擇題(本題共8小題，每小題6分) 1．電容器A的電容比電容器B的電容大，這表明(　　) A．A所帶的電荷量比B多 B．B比A能容納更多的電荷量 C．A的體積比B大 D．兩電容器的電壓都改變1 V時，A的電荷量改變比B的大 D　[電容是電容器的固有屬性，由電容器本身的構(gòu)造決定．電容描述了電容器容納電荷的本領(lǐng)(電容器兩極板間的電勢差每改變1 V所改變的電荷量的多少)大小，而不表示容納電荷的多少或帶電荷量的多少．正確答案為D項．] 2．常用的電容器，從構(gòu)造上看，可以分為固定電容器和

2、可變電容器兩類．如圖甲、乙為兩種電容器的實物圖片，根據(jù)圖中的相關(guān)信息，下列判斷中正確的是(　　) 甲　　　　　　　　　　　乙 A．圖中甲為可變電容器，它是通過改變極板間的距離來改變電容器的電容的 B．在不改變其他條件下，將甲電容器浸入煤油中，其電容不發(fā)生變化 C．根據(jù)圖乙中電容器外殼上標的數(shù)據(jù)可知，電壓超過5.5 V時乙電容器就會被擊穿 D．根據(jù)圖乙中電容器外殼上標的數(shù)據(jù)可知，乙電容器接5.5 V電壓時，儲存的電量為5.5 C D　[根據(jù)電容的決定式C＝，知C與板間距離d、極板正對面積和電介質(zhì)有關(guān)，由圖知板間距離d和電介質(zhì)沒有改變，可知此可變電容器是利用改變正對面積來改變電容的

3、，故A錯誤；將甲電容器浸入煤油中，其電容電介質(zhì)發(fā)生變化，電容變化，故B錯誤；電容器外殼上標的電壓是額定電壓，根據(jù)Q＝CU知Q＝1.0×5.5 C＝5.5 C，故C錯誤，D正確．] 3．最近，一則“女子自助加油靜電起火點燃油槍”的視頻被微信瘋轉(zhuǎn)！有關(guān)加油時靜電起火，下列說法正確的是(　　) A．加油時可以通過整理衣服導(dǎo)走靜電 B．通過加油機接地的金屬面板進行操作，不會導(dǎo)走身上的靜電 C．加油前可以先通過洗手以清除靜電 D．衣服上的靜電產(chǎn)生方式屬于接觸起電 C　[加油時整理衣服，衣服與空氣產(chǎn)生摩擦，不僅不會導(dǎo)走靜電，還會產(chǎn)生更多的靜電，故A錯誤；通過加油機接地的金屬面板進行操作，會導(dǎo)走

4、身上的靜電，故B錯誤；加油前可以先通過洗手消除靜電，同時手比較濕潤，也不會產(chǎn)生靜電，故C正確；衣服上的靜電產(chǎn)生方式屬于摩擦起電，故D錯誤．] 4.如圖所示，豎直放置的兩個平行金屬板A、B帶等量的異種電荷，A板帶負電荷，B板接地．一帶負電的粒子固定在A、B兩板中間的一點P處．若將A板向左平移到虛線位置，則P點的電場強度E和該粒子的電勢能Ep的變化情況是(　　) A．E不變，Ep不變 B．E不變，Ep改變 C．E改變，Ep不變 D．E改變，Ep改變 A　[據(jù)題意，電容器所帶電量Q不變．根據(jù)C＝、C＝、E＝得E＝，則知電場強度E不變．P與右板間的距離不變，E不變，則由U＝Ed分析P點與右

5、板間電勢差不變，右板電勢為零，所以電勢不變，那么電勢能Ep也不變，故A正確，B、C、D錯誤．] 5．一平行板電容器充電后與電源斷開，負極板接地，兩板間有一個正檢驗電荷固定在P點，如圖所示，以C表示電容器的電容、E表示兩板間的場強、φ表示P點的電勢，Ep表示正電荷在P點的電勢能，若正極板保持不動，將負極板緩慢向右平移一小段距離l0的過程中，下列關(guān)于各物理量與負極板移動距離x的關(guān)系圖象中正確的是(　　) C　[電容器的電容C＝，兩板間距隨負極板向右平移而逐漸減小，電容C與d成反比，A錯誤；電容器與電源斷開后，電荷量不變，根據(jù)E＝，U＝，C＝，可知E＝保持不變，B錯誤；負極板接地，電勢為

6、零，P點的電勢φ等于P點到負極板的電勢差，即φ＝El，E不變，l減小，φ線性減小，C正確；由Ep＝qφ可知，Ep隨φ的變化而變化，即Ep隨l的變化而變化，D錯誤．] 6．如圖所示，三塊平行放置的帶電金屬薄板A、B、C中央各有一小孔，小孔分別位于O、M、P點．由O點靜止釋放的電子恰好能運動到P點．現(xiàn)將C板向右平移到P′點，則由O點靜止釋放的電子(　　) A．運動到P點返回 B．運動到P和P′點之間返回 C．運動到P′點返回 D．穿過P′點 A　[設(shè)AB、BC間的電場強度分別為E1、E2，間距分別為d1和d2，電子由O點運動到P點的過程中，據(jù)動能定理得： eE1d1－eE2d2＝

7、0 ① 當C板向右平移后，BC板間的電場強度 E′2＝＝＝＝， BC板間的電場強度與板間距無關(guān)，大小不變． 第二次釋放后，設(shè)電子在BC間移動的距離為x，則 eE1d1－eE2x＝0－0 ② 比較①②兩式知，x＝d2，即電子運動到P點時返回，選項A正確．] 7．(多選)如圖所示，平行板電容器與直流電源連接，上極板接地．一帶負電的油滴位于容器中的P點且處于靜止狀態(tài)．現(xiàn)將下極板豎直向下緩慢地移動一小段距離，則(　　) A．帶電油滴將豎直向下運動 B．帶電油滴的機械能將增加 C．P點的電勢將升高 D．電容器的電容增加，極板帶電量增加 AC　[下極板豎直向下緩慢地移動一小段距

8、離，d增加，根據(jù)公式C＝可得電容器電容減小，因為兩極板和電源相連，所以電壓不變，根據(jù)公式C＝可得電荷量減小，D錯誤；根據(jù)公式E＝可得兩極板間的電場強度減小，所以受到的電場力減小，故重力大于電場力，所以帶電油滴將向下運動，A正確；因為上極板接地，電勢為零，而U＝Ed，P到上極板的電勢差減小，因為是負電勢差，所以P點的電勢增大，C正確；因為向下運動過程中電場力做負功，需要克服電場力做功，機械能減小，故B錯誤．] 8.如圖，平行板電容器的兩極板豎直放置并分別與電源的正負極相連，一帶電小球經(jīng)絕緣輕繩懸掛于兩極板之間，處于靜止狀態(tài)．現(xiàn)保持右極板不動，將左極板向左緩慢移動．關(guān)于小球所受的電場力大小F和繩

9、子的拉力大小T，下列判斷正確的是(　　) A．F逐漸增大，T逐漸減小 B．F逐漸減小，T逐漸減小 C．F逐漸減小，T逐漸增大 D．F逐漸增大，T逐漸增大 B　[電容器與電源相連，所以兩端間電勢差不變，將左極板向左緩慢移動過程中，兩板間距離增大，則由U＝Ed可知，電場強度E減??；電場力F＝Eq減小；小球處于平衡狀態(tài)，受重力、拉力與電場力的作用而處于平衡，故拉力與電場力和重力的合力大小相等，方向相反；根據(jù)平行四邊形定則可知，T＝；由于重力不變，電場力變小，故拉力變小，B正確．] [能力提升練] 一、選擇題(本題共4小題，每小題6分) 1.(多選)如圖所示為靜電除塵示意圖，在M、

10、N兩點間加高壓電源時，金屬管內(nèi)空氣電離，電離的電子在靜電力的作用下運動，遇到煙氣中的煤粉，使煤粉帶負電荷，因而煤粉被吸附到管壁上，排出的煙就清潔了，就此示意圖，下列說法正確的是(　　) A．N接電源的正極 B．M接電源的正極 C．電場強度EM＞EN D．電場強度EM＜EN AC　[電子附在煤粉上，使煤粉帶上負電荷，煤粉若能吸附在管壁上，說明管壁帶正電荷，N接電源正極．將金屬棒與金屬管壁看做電容器，則其內(nèi)電場線分布情況如圖所示．由圖可知金屬棒附近的M點處電場線較密，而靠近金屬管壁的N點處電場線較疏，故M處場強比N處場強大，即EM＞EN.] 2．基于人的指紋具有唯一性和終身不變性的

11、特點，科學(xué)家們發(fā)明了指紋識別技術(shù)．目前許多國產(chǎn)手機都有指紋解鎖功能，常用的指紋識別傳感器是電容式傳感器，如圖所示．指紋的凸起部分叫做“嵴”，凹下部分叫做“峪”，傳感器上有大量面積相同的小極板，當手指貼在傳感器上時，這些小極板和與之正對的皮膚表面就形成了大量的小電容器，由于距離不同，所以這些小電容器的電容不同．此時傳感器給所有的小電容器充電達到某一電壓值，然后開始放電，其中電容值較小的小電容器放電較快，于是根據(jù)放電快慢的不同，就可以探測到嵴和峪的位置，從而形成指紋的圖象數(shù)據(jù)．根據(jù)以上信息，下列說法中正確的是(　　) A．在峪處形成的小電容器電容較大 B．在峪處形成的小電容器放電較慢 C

12、．在嵴處形成的小電容器充電后帶電量較大 D．潮濕的手指對指紋識別沒有任何影響 C　[根據(jù)電容的計算公式C＝可得，極板與指紋峪(凹下部分)距離d大，構(gòu)成的電容器電容小，故A錯誤；由于外接電源為所有電容器充到一個預(yù)先設(shè)計好的電壓值，所以所有的電容器電壓一定，根據(jù)Q＝CU＝U可知，極板與指紋峪(凹的部分，d大，電容小)構(gòu)成的電容器充上的電荷較少，在放電過程中放電時間短；反之，在嵴處形成的電容器電容大，電荷量大，放電時間長，故B錯誤，C正確；濕的手與傳感器之間有水填充，改變了原來匹配成平行板電容器的電容，所以會影響指紋解鎖，故D錯誤．] 3．某電容器充電后的電壓為8 V，然后利用傳感器得到放電時

13、電路中電流隨時間變化的I-t曲線(如圖)．則放電過程中(　　) A．電容器儲存的電能不變 B．電路中的電流不變 C．電容器兩極板間的電壓不變 D．電容器的電容不變 D　[放電過程是儲存的電能轉(zhuǎn)化為其他形式的能，故電能減小，故A錯誤；由圖象可知，放電過程，電流隨時間逐漸減小，故B錯誤；在放電的過程中，電荷量減小，根據(jù)C＝＝知，電容不變，則電壓逐漸減小，故C錯誤；電容器的電容是表征儲存電荷本領(lǐng)的物理量，與帶不帶電無關(guān)，故電容器的電容不變，故D正確．] 4.(多選)如圖所示，電源E對電容器C充電，當C兩端電壓達到80 V時，閃光燈瞬間導(dǎo)通并發(fā)光，C放電．放電后，閃光燈斷開并熄滅，電源

14、再次對C充電．這樣不斷地充電和放電，閃光燈就周期性地發(fā)光．該電路(　　) A．充電時，通過R的電流不變 B．若R增大，則充電時間變長 C．若C增大，則閃光燈閃光一次通過的電荷量增大 D．若E減小為85 V，閃光燈閃光一次通過的電荷量不變 BCD　[隨著充電過程的進行，電容器兩端電壓越來越高，電阻上的電壓越來越低，電流越來越小，A選項錯誤；若R增大，則充電電流變小，充電時間變長，選項B正確；根據(jù)Q＝CU，若C增大，Q增大，選項C正確；若E減小為85 V，電容器仍能充到80 V電壓，選項D正確．] 二、非選擇題(28分) 5.(14分)如圖所示，平行板電容器的兩個極板A、B分別接

15、在電壓為60 V的恒壓電源上，兩極板間距為3 cm，電容器帶電荷量為6×10－8C，A極板接地．求： (1)平行板電容器的電容； (2)平行板電容器兩板之間的電場強度； (3)距B板為2 cm的C點處的電勢． [解析]　(1)由電容定義式C＝＝ F＝1×10－9 F. (2)兩板之間為勻強電場E＝＝ V/m＝2×103 V/m，方向豎直向下． (3)C點距A板間距離為dAC＝d－dBC＝1 cm A與C間電勢差UAC＝EdAC＝20 V 又UAC＝φA－φC，φA＝0可得φC＝－20 V. [答案]　(1)1×10－9 F　(2)2×103 V/m，方向豎直向下　(3)－

16、20 V 6．(14分)如圖所示，一平行板電容器的兩個極板豎直放置，在兩極板間有一帶電小球，小球用一絕緣輕線懸掛于O點，現(xiàn)給電容器緩慢充電，使兩極板所帶電荷量分別為＋Q和－Q，此時懸線與豎直方向的夾角為π/6.再給電容器緩慢充電，直到懸線和豎直方向的夾角增加到π/3，且小球與兩極板不接觸．求第二次充電使電容器正極板增加的電荷量． [解析]　設(shè)電容器電容為C，第一次充電后兩極板之間的電壓為U＝ ① 兩極板之間電場的場強為E＝ ② 式中d為兩極板間的距離． 按題意，當小球偏轉(zhuǎn)角θ1＝時，小球處于平衡位置．設(shè)小球質(zhì)量為m，所帶電荷量為q，則有 Tcos θ1＝mg ③ Tsin θ1＝qE ④ 式中T為此時懸線的張力． 聯(lián)立①②③④式得tan θ1＝ ⑤ 設(shè)第二次充電使正極板上增加的電荷量為ΔQ，此時小球偏轉(zhuǎn)角θ2＝，則tan θ2＝ ⑥ 聯(lián)立⑤⑥式得＝ ⑦ 代入數(shù)據(jù)解得ΔQ＝2Q. ⑧ [答案]　2Q - 8 -