《（通用版）2020高考物理三輪沖刺 題型練輯 選擇題滿分練（八）（含解析）》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《（通用版）2020高考物理三輪沖刺 題型練輯 選擇題滿分練（八）（含解析）（6頁珍藏版）》請?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。
1、選擇題滿分練(八)二、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1418題只有一項(xiàng)符合題目要求，第1921題有多項(xiàng)符合題目要求全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分14.(2019廣東清遠(yuǎn)市期末質(zhì)量檢測)如圖1所示，中間有孔的物塊A套在光滑的豎直桿上，通過光滑定滑輪用不可伸長的輕繩將物塊拉著向上運(yùn)動，在A勻速上升過程中，下列判斷正確的是()圖1A拉力F變小B桿對A的彈力FN不變C輕繩自由端(右端)的速率v增大D拉力F的功率P不變答案D解析設(shè)輕繩與豎直方向的夾角為，因?yàn)锳做勻速直線運(yùn)動，在豎直方向上合力為零，有：Fcosmg，因?yàn)樵龃?，則F增大，水平方向
2、合力為零，有：FNFsin，F(xiàn)增大，F(xiàn)N增大，故A、B錯誤；物塊A沿輕繩方向上的分速度v1vcos，該速度等于輕繩自由端(右端)的速度，增大，自由端速度減小，故C錯誤；拉力F的功率PFv1vcosmgv，知拉力F的功率P不變，故D正確15(2019山東臨沂市質(zhì)檢)2017年6月15日，我國在酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心用“長征四號乙”運(yùn)載火箭成功發(fā)射首顆X射線調(diào)制望遠(yuǎn)鏡衛(wèi)星“慧眼”假設(shè)將發(fā)射火箭看成如下模型：靜止的實(shí)驗(yàn)火箭，總質(zhì)量為M2100g當(dāng)它以相對地面的速度v0840m/s噴出質(zhì)量為m100g的高溫氣體后，火箭相對地面的速度為(噴出氣體過程中重力和空氣阻力可忽略不計(jì))()A42m/s B42 m/s
3、C40m/s D40 m/s答案B解析因?qū)嶒?yàn)火箭噴出氣體過程中重力和空氣阻力可忽略不計(jì)，可知在實(shí)驗(yàn)火箭發(fā)射的過程中二者組成的系統(tǒng)豎直方向的動量守恒，以噴出氣體的速度方向?yàn)檎较?，由動量守恒定律得：mv0(Mm)v0，解得v42m/s，故B正確，A、C、D錯誤16(2019寧夏銀川市六盤山上學(xué)期期末)一衛(wèi)星繞某一行星表面附近做勻速圓周運(yùn)動，其角速度大小為.假設(shè)宇航員登上該行星后在該行星表面上用彈簧測力計(jì)測量一質(zhì)量為m的物體的重力，物體靜止時(shí)，彈簧測力計(jì)的示數(shù)為F0.已知引力常量為G，忽略該行星的自轉(zhuǎn)，則這顆行星的質(zhì)量為()A.B.C.D.答案A解析對物體有：F0mg，行星表面的物體的重力等于萬有
4、引力：Gmg，對行星表面的衛(wèi)星來說Gm2R，聯(lián)立三式可得M.故A正確，B、C、D錯誤17.(2019天津市和平區(qū)上學(xué)期期末)如圖2所示，當(dāng)一束一定強(qiáng)度的某一頻率的黃光照射到光電管陰極K上時(shí)，此時(shí)滑片P處于A、B中點(diǎn)，電流表中有電流通過，則()圖2A若將滑片P向B端移動時(shí)，電流表讀數(shù)一定增大B若用紅外線照射陰極K時(shí)，電流表中一定沒有電流通過C若用強(qiáng)度更弱的黃光照射陰極K，電流表讀數(shù)不變D若用強(qiáng)度更弱的紫外線照射陰極K，光電子的最大初動能一定變大答案D解析光電管兩端所加的電壓，使光電子到達(dá)陽極，則電流表中有電流流過，且可能已經(jīng)達(dá)到飽和電流，將滑片P向B端移動時(shí)，電流表讀數(shù)有可能不變，故A錯誤；若用
5、紅外線照射陰極K時(shí)，因紅外線的頻率小于黃光的頻率，因此可能不發(fā)生光電效應(yīng)，也可能會發(fā)生光電效應(yīng)，電流表不一定沒有電流通過，故B錯誤；若用強(qiáng)度更弱的黃光照射陰極K時(shí)，能發(fā)生光電效應(yīng)，有光電子飛出，但光強(qiáng)變?nèi)跏沟脝挝粫r(shí)間內(nèi)飛出的光電子數(shù)目減少，電流表讀數(shù)減小，故C錯誤；紫外線的頻率大于黃光的頻率，根據(jù)光電效應(yīng)方程：EkhW0可知，用一束紫外線照射陰極K時(shí)，出射光電子的最大初動能一定變大，與光的強(qiáng)弱無關(guān)，故D正確18(2019河北唐山市上學(xué)期期末)兩個(gè)底邊和高都是L的等腰三角形，三角形內(nèi)分布方向如圖3所示的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B.一邊長為L、電阻為R的正方形線框置于三角形所在平面內(nèi)，從圖示位
6、置開始沿x軸正方向以速度v勻速穿過磁場區(qū)域取逆時(shí)針方向感應(yīng)電流為正，則線框中電流i隨bc邊的位置坐標(biāo)x變化的圖象正確的是()圖3答案C解析bc邊的位置坐標(biāo)x在0L過程，線框bc邊有效切割長度從0到L再減到0，感應(yīng)電流的方向?yàn)槟鏁r(shí)針方向，感應(yīng)電動勢從0增加到BLv，再減到0，感應(yīng)電流從0增加到，再減到0；bc邊的位置坐標(biāo)x在L2L過程中，bc邊進(jìn)入右側(cè)磁場切割磁感線產(chǎn)生順時(shí)針方向的電流，ad邊在左側(cè)磁場切割磁感線產(chǎn)生順時(shí)針方向的電流，兩電流同向，電流先增加后減小到0，最大值為；bc邊的位置坐標(biāo)x在2L3L過程，bc邊在磁場外，線框ad邊有效切割長度從0到L再減到0，感應(yīng)電流的方向?yàn)槟鏁r(shí)針方向，感
7、應(yīng)電動勢從0增加到BLv，再減到0，感應(yīng)電流從0增加到，再減到0，則圖象C正確，A、B、D錯誤19(2019山東實(shí)驗(yàn)中學(xué)第二次模擬)如圖4甲所示，輕彈簧豎直固定在水平地面上，一質(zhì)量為m0.2kg的小球從彈簧上端某高度處自由下落，從它接觸彈簧到將彈簧壓縮至最短的過程中(彈簧始終在彈性限度內(nèi))，其速度v和彈簧壓縮量x的函數(shù)圖象如圖乙所示，其中A為曲線的最高點(diǎn)，小球和彈簧接觸瞬間的機(jī)械能損失不計(jì)，取重力加速度g10m/s2，則下列說法中正確的是()圖4A該彈簧的勁度系數(shù)為20N/mB當(dāng)x0.3m時(shí)，小球處于超重狀態(tài)C小球剛接觸彈簧時(shí)速度最大D從接觸彈簧到將彈簧壓縮至最短的過程中，小球加速度的大小先減
8、小后增大答案ABD解析當(dāng)x0.1m時(shí)，小球的重力等于彈簧對它的彈力，合力為零，小球的加速度為零，小球處于平衡狀態(tài)，可得：kxmg，解得：kN/m20 N/m，故A正確；由題圖乙可知，x0.3m時(shí)，小球的速度減小，加速度向上，故說明小球處于超重狀態(tài)，故B正確；由題圖乙可知，開始小球的速度增大，小球的重力大于彈簧對它的彈力，當(dāng)x為0.1m時(shí)，小球的速度最大，然后速度減小，故C錯誤；題圖乙中圖線的斜率表示加速度，則由圖可知，從接觸彈簧到將彈簧壓縮至最短的過程中，小球加速度的大小先減小后增大，故D正確20電流天平可以用來測量勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小如圖5甲所示，測量前天平已調(diào)至平衡，測量時(shí)，在左邊托
9、盤中放入質(zhì)量為m的砝碼，右邊托盤中不放砝碼，將一個(gè)質(zhì)量為m0、匝數(shù)為n、下邊長為l的矩形線圈掛在右邊托盤的底部，再將此矩形線圈的下部分放在待測磁場中線圈的兩頭連在如圖乙所示的電路中，不計(jì)連接導(dǎo)線對線圈的作用力，電源電動勢為E，內(nèi)阻為r.開關(guān)S閉合后，調(diào)節(jié)可變電阻至R1時(shí)，天平正好平衡，此時(shí)電壓表讀數(shù)為U.已知m0m，取重力加速度為g，則()圖5A矩形線圈中電流的方向?yàn)槟鏁r(shí)針方向B矩形線圈的電阻RrR1C勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小BD若僅將磁場反向，在左盤中再添加質(zhì)量為2m0m的砝碼可使天平重新平衡答案AC解析根據(jù)題圖甲可知，要使天平平衡，矩形線圈中電流的方向應(yīng)為逆時(shí)針方向，故A正確；根據(jù)閉合電
10、路歐姆定律可得UEr，解得矩形線圈的電阻RR1，故B錯誤；根據(jù)平衡條件可得m0gFmg，而FnBIl，I，解得勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小B，故C正確；開始線圈所受安培力的方向向上，僅將磁場反向，則安培力方向反向，變?yōu)橄蛳?，相?dāng)于右邊多了兩倍的安培力大小，所以需要在左邊添加質(zhì)量為m2(m0m)的砝碼可使天平重新平衡，故D錯誤21.(2019廣東汕頭市教學(xué)質(zhì)量監(jiān)測)質(zhì)量均為m的三個(gè)帶電小球A、B、C用三根長度均為l的絕緣絲線相互連接，放置在光滑絕緣的水平面上，A球的電荷量為q.在C球上施加一個(gè)水平向右的恒力F之后，三個(gè)小球一起向右運(yùn)動，三根絲線剛好都伸直且沒有彈力，F(xiàn)的作用線反向延長線與A、B間的絲線相交于絲線的中點(diǎn)，如圖6所示已知靜電力常量為k，下列說法正確的是()圖6AB球的電荷量可能為2qBC球的電荷量為2qC三個(gè)小球一起運(yùn)動的加速度為D恒力F的大小為答案BC解析根據(jù)對稱性可知，A球的電荷量和B球的電荷量相同，故A錯誤；設(shè)C球的電荷量大小為qC，以A球?yàn)檠芯繉ο?，B球?qū)球的庫侖斥力為FBA，C球?qū)球的庫侖引力為FCA，由題意可得一起運(yùn)動的加速度方向與F的作用線平行，則有：FCAsin30FBA，F(xiàn)CAcos30ma，解得：qC2q，a，C球帶負(fù)電，故C球的電荷量為2q，故B、C正確；以三個(gè)小球整體為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律可得：F3ma，故D錯誤6
（通用版）2020高考物理三輪沖刺 題型練輯 選擇題滿分練（八）（含解析）
