2022高考化學(xué)二輪復(fù)習(xí) 基礎(chǔ)考點(diǎn)自主練（三）阿伏加德羅常數(shù)（NA）的應(yīng)用及相關(guān)計(jì)算

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1、2022高考化學(xué)二輪復(fù)習(xí) 基礎(chǔ)考點(diǎn)自主練（三）阿伏加德羅常數(shù)（NA）的應(yīng)用及相關(guān)計(jì)算1(2018全國卷)NA是阿伏加德羅常數(shù)的值。下列說法正確的是()A16.25 g FeCl3水解形成的Fe(OH)3膠體粒子數(shù)為0.1NAB22.4 L(標(biāo)準(zhǔn)狀況)氬氣含有的質(zhì)子數(shù)為18NAC92.0 g甘油(丙三醇)中含有羥基數(shù)為1.0NAD1.0 mol CH4與Cl2在光照下反應(yīng)生成的CH3Cl分子數(shù)為1.0NA解析：選BFe(OH)3膠體粒子是若干個(gè)Fe(OH)3的集合體，A項(xiàng)錯(cuò)誤；氬氣是單原子分子，標(biāo)準(zhǔn)狀況下，22.4 L氬氣的物質(zhì)的量為1 mol，含有的質(zhì)子數(shù)為18NA，B項(xiàng)正確；92.0 g甘油

2、的物質(zhì)的量為1 mol，每個(gè)甘油分子含有3個(gè)羥基，所以1 mol甘油含有的羥基數(shù)為3.0NA，C項(xiàng)錯(cuò)誤；CH4與Cl2發(fā)生取代反應(yīng)生成的有機(jī)物除了CH3Cl以外，還有CH2Cl2、CHCl3和CCl4，生成的CH3Cl分子數(shù)小于1.0NA，D項(xiàng)錯(cuò)誤。2(2018全國卷)NA代表阿伏加德羅常數(shù)的值。下列說法正確的是()A常溫常壓下，124 g P4中所含PP鍵數(shù)目為4NAB100 mL 1 molL1 FeCl3溶液中所含F(xiàn)e3的數(shù)目為0.1NAC標(biāo)準(zhǔn)狀況下，11.2 L甲烷和乙烯混合物中含氫原子數(shù)目為2NAD密閉容器中，2 mol SO2和1 mol O2催化反應(yīng)后分子總數(shù)為2NA解析：選C1

3、24 g P4的物質(zhì)的量為1 mol，每個(gè)P4分子中含有6個(gè)PP鍵，所以含有PP鍵數(shù)目為6NA，A項(xiàng)錯(cuò)誤；Fe3在水溶液中能發(fā)生水解，100 mL 1 molL1 FeCl3溶液中所含F(xiàn)e3的數(shù)目小于0.1NA，B項(xiàng)錯(cuò)誤；標(biāo)準(zhǔn)狀況下，11.2 L甲烷和乙烯混合物的物質(zhì)的量為0.5 mol，每個(gè)甲烷和乙烯分子都含有4個(gè)氫原子，所以含有氫原子數(shù)目為2NA，C項(xiàng)正確；SO2和O2的化合反應(yīng)為可逆反應(yīng)，2 mol SO2和1 mol O2催化反應(yīng)后，混合氣體的物質(zhì)的量大于2 mol，即分子總數(shù)大于2NA，D項(xiàng)錯(cuò)誤。3(2017全國卷)阿伏加德羅常數(shù)的值為NA。下列說法正確的是()A1 L 0.1 mo

4、lL1 NH4Cl溶液中，NH的數(shù)量為0.1NAB2.4 g Mg與H2SO4完全反應(yīng)，轉(zhuǎn)移的電子數(shù)為 0.1NAC標(biāo)準(zhǔn)狀況下，2.24 L N2和O2的混合氣體中分子數(shù)為0.2NAD0.1 mol H2和0.1 mol I2于密閉容器中充分反應(yīng)后，其分子總數(shù)為0.2NA解析：選D溶液中含0.1 mol NH4Cl，由于NH部分水解，即NH的數(shù)量小于0.1NA，A項(xiàng)錯(cuò)誤；2.4 g Mg的物質(zhì)的量為0.1 mol，與H2SO4完全反應(yīng)轉(zhuǎn)移 0.2 mol電子，B項(xiàng)錯(cuò)誤；標(biāo)準(zhǔn)狀況下，2.24 L N2和O2的混合氣體為0.1 mol，其分子數(shù)為0.1NA，C項(xiàng)錯(cuò)誤；H2與I2的反應(yīng)雖為可逆反應(yīng)，

5、但由于反應(yīng)前后氣體總物質(zhì)的量不變，因此無論反應(yīng)程度如何，分子總數(shù)均為0.2NA，D項(xiàng)正確。4(2017全國卷)NA為阿伏加德羅常數(shù)的值。下列說法正確的是()A0.1 mol的11B中，含有0.6NA個(gè)中子BpH1的H3PO4溶液中，含有0.1NA個(gè)HC2.24 L(標(biāo)準(zhǔn)狀況)苯在O2中完全燃燒，得到0.6NA個(gè)CO2分子D密閉容器中1 mol PCl3與1 mol Cl2反應(yīng)制備PCl5(g)，增加2NA個(gè)PCl鍵解析：選A1個(gè)11B原子中含有6個(gè)中子，0.1 mol 11B中含有0.6NA個(gè)中子，A項(xiàng)正確；H3PO4溶液的體積未知，所以不能計(jì)算出所含H個(gè)數(shù)，B項(xiàng)錯(cuò)誤；標(biāo)準(zhǔn)狀況下苯是液體，不能

6、利用氣體摩爾體積計(jì)算2.24 L苯在O2中完全燃燒產(chǎn)生CO2分子的數(shù)目，C項(xiàng)錯(cuò)誤；PCl3與Cl2生成PCl5(g)的反應(yīng)是可逆反應(yīng)，所以1 mol PCl3與1 mol Cl2不可能完全反應(yīng)，生成的PCl5小于1 mol，故增加的PCl鍵的數(shù)目小于2NA，D項(xiàng)錯(cuò)誤。5(2016全國卷)設(shè)NA為阿伏加德羅常數(shù)值。下列有關(guān)敘述正確的是()A14 g乙烯和丙烯混合氣體中的氫原子數(shù)為2NAB1 mol N2與4 mol H2 反應(yīng)生成的NH3分子數(shù)為2NAC1 mol Fe溶于過量硝酸，電子轉(zhuǎn)移數(shù)為2NAD標(biāo)準(zhǔn)狀況下，2.24 L CCl4含有的共價(jià)鍵數(shù)為0.4NA解析：選AA項(xiàng)，乙烯和丙烯的分子式

7、分別為C2H4、C3H6，二者的最簡式均為CH2,14 g乙烯和丙烯混合氣體中含有“CH2”的物質(zhì)的量為1 mol，故所含氫原子數(shù)為2NA，正確；B項(xiàng)，N2和H2合成氨的反應(yīng)為可逆反應(yīng)，1 mol N2與4 mol H2反應(yīng)生成的NH3分子數(shù)小于2NA，錯(cuò)誤；C項(xiàng)，F(xiàn)e與過量的硝酸反應(yīng)生成Fe(NO3)3，故1 mol Fe參加反應(yīng)時(shí)轉(zhuǎn)移電子數(shù)為3NA，錯(cuò)誤；D項(xiàng)，標(biāo)準(zhǔn)狀況下，CCl4為液體，2.24 L CCl4的物質(zhì)的量遠(yuǎn)大于0.1 mol，故含有的共價(jià)鍵數(shù)遠(yuǎn)大于0.4NA，錯(cuò)誤。 6(2018新鄉(xiāng)模擬)設(shè)NA為阿伏加德羅常數(shù)的值。下列說法正確的是()A1 mol 羥基中含有10NA個(gè)電子

8、B常溫下，22.4 L CH4在O2中完全燃燒，生成NA個(gè)CO2分子C標(biāo)準(zhǔn)狀況下，18 g H2O中所含的氧原子數(shù)為NAD0.2 molL1的NH4Cl溶液中含有0.2NA個(gè)NH解析：選CA項(xiàng)，一個(gè)羥基含有9個(gè)電子，故1 mol羥基中含有9NA個(gè)電子，錯(cuò)誤；B項(xiàng)，常溫下，22.4 L CH4的物質(zhì)的量小于1 mol，在O2中完全燃燒生成CO2分子的數(shù)目小于NA，錯(cuò)誤；C項(xiàng)，標(biāo)準(zhǔn)狀況下，18 g H2O中所含的氧原子數(shù)為1NANA，正確；D項(xiàng)，沒有給定溶液的體積，無法計(jì)算NH的數(shù)目，錯(cuò)誤。7(2018周口模擬)設(shè)NA為阿伏加德羅常數(shù)的值。下列說法正確的是()A在沸水中滴入含0.1 mol FeC

9、l3的飽和溶液，制得膠粒數(shù)為0.1NAB含0.4 mol HNO3的稀硝酸與足量Fe反應(yīng)，轉(zhuǎn)移電子數(shù)為1.2NAC120 g NaHSO4和MgSO4的晶體混合物中陽離子數(shù)為NAD標(biāo)準(zhǔn)狀況下，44.8 L SO2與足量O2反應(yīng)生成的SO3分子數(shù)為2NA解析：選C氫氧化鐵膠粒是多個(gè)氫氧化鐵的集合體，所以在沸水中滴入含0.1 mol FeCl3的飽和溶液，制得膠粒數(shù)小于0.1NA，故A錯(cuò)誤；含0.4 mol HNO3的稀硝酸與足量Fe反應(yīng)的方程式是3Fe8HNO3=3Fe(NO3)22NO4H2O，轉(zhuǎn)移電子數(shù)為0.3NA，故B錯(cuò)誤；120 g NaHSO4的物質(zhì)的量是1 mol，陽離子只有Na，所

10、含陽離子數(shù)是NA；120 g MgSO4的物質(zhì)的量是1 mol，陽離子只有Mg2，所含陽離子數(shù)是NA；所以120 g NaHSO4和MgSO4的晶體混合物中陽離子數(shù)為NA，故C正確；SO2與O2反應(yīng)可逆，標(biāo)準(zhǔn)狀況下，44.8 L SO2與足量O2反應(yīng)生成的SO3分子數(shù)小于2NA，故D錯(cuò)誤。8(2018衡陽模擬)設(shè)NA代表阿伏加德羅常數(shù)的值。下列有關(guān)說法正確的是()A1 mol 乙酸、乙醇和甲酸甲酯的混合物中含有的碳原子數(shù)為2NAB46 g Na與一定量O2完全反應(yīng)生成Na2O和Na2O2時(shí)轉(zhuǎn)移的電子數(shù)為3NAC0.5 L 1 molL1的NaHS溶液中含有的HS、S2的總數(shù)為0.5NAD2 m

11、ol NO和1 mol O2充分反應(yīng)后，體系中含有的NO2分子數(shù)為2NA解析：選AA項(xiàng)，乙酸、乙醇和甲酸甲酯的分子中均含有2個(gè)碳原子，無論以怎樣的比例混合，1 mol乙酸、乙醇和甲酸甲酯的混合物中含有的碳原子數(shù)都為2NA，正確；B項(xiàng)，46 g Na只能轉(zhuǎn)移2 mol 電子，錯(cuò)誤；C項(xiàng)，0.5 L 1 molL1的NaHS溶液中含有的HS、S2、H2S的總數(shù)為0.5NA，錯(cuò)誤；D項(xiàng)，體系中存在2NO2N2O4的轉(zhuǎn)化，得到的產(chǎn)物是NO2和N2O4的混合物，錯(cuò)誤。9(2018武漢模擬)設(shè)NA為阿伏加德羅常數(shù)的值 。下列有關(guān)敘述正確的是()A1 mol甲醇中含有的共價(jià)鍵數(shù)為4NAB1 mol氯氣分別與

12、鐵和鋁完全反應(yīng)時(shí)轉(zhuǎn)移的電子數(shù)均為3NAC電解精煉銅，當(dāng)電路中通過的電子數(shù)目為0.2NA時(shí)，陽極質(zhì)量減少6.4 gD1 mol CH3COONa和少量CH3COOH溶于水所得中性溶液中，CH3COO的數(shù)目為NA解析：選D1 mol甲醇中含有的共價(jià)鍵數(shù)為5NA，故A錯(cuò)誤；1 mol氯氣分別與鐵和鋁反應(yīng)時(shí)，氯元素化合價(jià)由0變?yōu)?，所以1 mol氯氣分別與鐵和鋁完全反應(yīng)時(shí)轉(zhuǎn)移的電子數(shù)均為2NA，故B錯(cuò)誤；粗銅中含有雜質(zhì)鐵、鋅等，所以電路中轉(zhuǎn)移的電子數(shù)為0.2NA時(shí)，陽極不一定減少6.4 g，故C錯(cuò)誤；根據(jù)電荷守恒，1 mol CH3COONa和少量CH3COOH溶于水中，則n(CH3COO)n(OH)

13、n(Na)n(H)，溶液呈中性，則n(OH)n(H)，所以n(CH3COO)n(Na)1 mol，故D正確。臨門一腳“八防”巧避阿伏加德羅常數(shù)的常設(shè)陷阱一防“標(biāo)準(zhǔn)狀況非氣體”。在標(biāo)準(zhǔn)狀況下，苯、醇、HF為液體，乙酸、SO3為固體，均不能根據(jù)物質(zhì)的體積計(jì)算物質(zhì)的量及所含微粒數(shù)目。如2016全國卷T8D標(biāo)準(zhǔn)狀況下，2.24 L CCl4含有的共價(jià)鍵數(shù)為0.4NA()。二防“只有濃度缺體積”。若只給出了溶液的物質(zhì)的量濃度，缺少溶液的體積時(shí)，無法計(jì)算出溶質(zhì)的物質(zhì)的量，進(jìn)而無法求出微粒的數(shù)目。如2017全國卷T10BpH1的H3PO4溶液中，含有0.1NA個(gè)H()。三防“陰、陽離子能水解”。若未考慮溶液

14、中鹽所電離出的陰、陽離子(如NH、Al3、Fe3、CO等)能發(fā)生水解反應(yīng)，會(huì)導(dǎo)致計(jì)算某微粒數(shù)目時(shí)出錯(cuò)。如2018全國卷T11B100 mL 1 molL1 FeCl3溶液中所含F(xiàn)e3的數(shù)目為0.1NA()。四防“溶劑粒子被忽略”。只分析了溶質(zhì)中微粒的數(shù)目，未考慮溶劑中的微粒而出現(xiàn)計(jì)算錯(cuò)誤。如2017浙江4月選考T22B1 L 0.1 molL1硫酸鈉溶液中含有的氧原子數(shù)為0.4NA()。五防“物質(zhì)的特殊結(jié)構(gòu)”。白磷(P4)中的PP鍵、苯中無碳碳雙鍵、同位素原子中的中子數(shù)等。如2018全國卷T11A常溫常壓下，124 g P4中所含PP鍵數(shù)目為4NA()。六防“弱電解質(zhì)的部分電離”。若未考慮在溶

15、液中弱電解質(zhì)會(huì)部分電離，會(huì)導(dǎo)致計(jì)算微粒數(shù)目時(shí)出錯(cuò)。如2017海南高考T9C1 L 0.1 molL1的乙酸溶液中含H的數(shù)量為0.1NA()。七防“可逆反應(yīng)未到底”。忽視反應(yīng)為可逆反應(yīng)，不能進(jìn)行到底，會(huì)導(dǎo)致計(jì)算時(shí)出錯(cuò)。如2017全國卷T10D密閉容器中1 mol PCl3與1 mol Cl2反應(yīng)制備PCl5(g)，增加2NA個(gè)PCl鍵()。八防“濃度變化，反應(yīng)停止”。未考慮隨著反應(yīng)的進(jìn)行，反應(yīng)物濃度不斷降低，化學(xué)反應(yīng)停止或發(fā)生其他反應(yīng)，導(dǎo)致計(jì)算微粒數(shù)目時(shí)出錯(cuò)。如2015四川高考T5D50 mL 12 molL1鹽酸與足量MnO2共熱，轉(zhuǎn)移的電子數(shù)為0.3NA()。10水中的溶解氧是水生生物生存不

16、可缺少的條件。某課外小組采用碘量法測定學(xué)校周邊河水中的溶解氧。實(shí)驗(yàn)步驟及測定原理如下：.取樣、氧的固定用溶解氧瓶采集水樣。記錄大氣壓及水體溫度。將水樣與Mn(OH)2堿性懸濁液(含有KI)混合，反應(yīng)生成MnO(OH)2，實(shí)現(xiàn)氧的固定。.酸化、滴定將固氧后的水樣酸化，MnO(OH)2被I還原為Mn2，在暗處靜置5 min，然后用標(biāo)準(zhǔn)Na2S2O3溶液滴定生成的I2(2S2OI2=2IS4O)。回答下列問題：取100.00 mL水樣經(jīng)固氧、酸化后，用a molL1 Na2S2O3溶液滴定，以淀粉溶液作指示劑，終點(diǎn)現(xiàn)象為_；若消耗Na2S2O3溶液的體積為b mL，則水樣中溶解氧的含量為_ mgL1

17、。解析：根據(jù)可知MnO(OH)2能將水樣中的I氧化為I2，滴定過程中用淀粉溶液作指示劑，在滴定終點(diǎn)前I2遇淀粉變藍(lán)，達(dá)到滴定終點(diǎn)時(shí)，I2完全被消耗，溶液藍(lán)色剛好褪去。根據(jù)關(guān)系式O22MnO(OH)22I24Na2S2O3，結(jié)合消耗n(Na2S2O3)a molL1b103 Lab103 mol，可求出100.00 mL水樣中溶解氧的質(zhì)量為ab103 mol32 gmol18ab103 g8ab mg，則該水樣中溶解氧的含量為80ab mgL1。答案：藍(lán)色剛好褪去80ab11Ba2是一種重金屬離子，有一環(huán)境監(jiān)測小組欲利用Na2S2O3、KI、K2Cr2O7等試劑測定某工廠廢水中Ba2的物質(zhì)的量濃

18、度。請回答下列問題：(1)現(xiàn)需配制250 mL 0.100 molL1的標(biāo)準(zhǔn)Na2S2O3溶液，所需要的玻璃儀器除量筒、250 mL容量瓶、玻璃棒外，還需要_。(2)需準(zhǔn)確稱取Na2S2O3固體的質(zhì)量為_g。(3)另取廢水50.00 mL，控制適當(dāng)?shù)乃岫?，加入足量的K2Cr2O7溶液，得到BaCrO4沉淀；沉淀經(jīng)洗滌、過濾后，用適量的稀鹽酸溶解，此時(shí)CrO全部轉(zhuǎn)化為Cr2O；再加入過量KI溶液進(jìn)行反應(yīng)，然后在反應(yīng)液中滴加上述標(biāo)準(zhǔn)Na2S2O3溶液，反應(yīng)完全時(shí)，消耗Na2S2O3溶液36.00 mL。已知有關(guān)反應(yīng)的離子方程式為Cr2O6I14H=2Cr33I27H2O；2S2OI2=2IS4O。

19、則該工廠廢水中Ba2的物質(zhì)的量濃度為_。解析：(1)要抓住“玻璃儀器”的字眼，因此還需要用來溶解固體的燒杯及用來定容的膠頭滴管。(2)Na2S2O3固體的質(zhì)量為0.100 molL10.25 L158 gmol13.95 g，但實(shí)驗(yàn)室所用的托盤天平只能準(zhǔn)確稱量到0.1 g，故需準(zhǔn)確稱取Na2S2O3固體的質(zhì)量為4.0 g。(3)設(shè)Ba2的物質(zhì)的量為x，則根據(jù)相關(guān)反應(yīng)可得以下關(guān)系式：Ba2BaCrO4Cr2OI23S2O13x解得x1.2103 mol，則c(Ba2)0.024 molL1。答案：(1)膠頭滴管、燒杯(2)4.0(3)0.024 molL112銀銅合金廣泛用于航空工業(yè)，從切割廢料

20、中回收銀并制備銅化工產(chǎn)品的工藝如圖：注：Al(OH)3和Cu(OH)2開始分解的溫度分別為450 和80 若銀銅合金中銅的質(zhì)量分?jǐn)?shù)為63.5%，理論上5.0 kg 廢料中的銅可完全轉(zhuǎn)化為_ mol CuAlO2，至少需要1.0 molL1的Al2(SO4)3溶液_ L。解析：5.0 kg銀銅合金中銅的物質(zhì)的量為n(Cu)50 mol根據(jù)流程圖分析可得如下關(guān)系4Cu4CuO2Al2(SO4)34CuAlO2即2CuAl2(SO4)32CuAlO2 212所以可完全轉(zhuǎn)化生成50 mol CuAlO2，至少需要Al2(SO4)3的體積為25.0 L。答案：5025.0臨門一腳1在多步連續(xù)進(jìn)行的化學(xué)反

21、應(yīng)中關(guān)系式法在進(jìn)行多步反應(yīng)的計(jì)算時(shí)，一般的解題步驟為2在涉及反應(yīng)較多的化工流程或反應(yīng)過程中特定關(guān)系式法在化工流程題中，計(jì)算某種物質(zhì)的質(zhì)量分?jǐn)?shù)或在多步復(fù)雜的反應(yīng)過程中進(jìn)行某個(gè)特定量的計(jì)算，可以考慮利用某種微粒(或原子)的守恒關(guān)系或物質(zhì)的特定組成關(guān)系建立關(guān)系式解題。題組三守恒法在化學(xué)計(jì)算中的應(yīng)用13向含有1 mol FeCl2的溶液中通入0.2 mol Cl2，再加入含0.1 mol X2O的酸性溶液，使溶液中Fe2全部恰好氧化，并使X2O還原為Xn，則n值為()A2B3C4 D5解析：選B由題意知，0.2 mol Cl2和0.1 mol X2O的酸性溶液，共同將1 mol Fe2氧化。根據(jù)氧化還

22、原反應(yīng)中得失電子守恒可知，0.2 mol Cl2和0.1 mol X2O得到電子的物質(zhì)的量與1 mol Fe2失去電子的物質(zhì)的量相等，所以有0.2 mol20.1 mol2(6n)1 mol1，解得n3。14有一混合物形成的水溶液，只可能含有以下離子中的若干種：K、NH、Cl、Mg2、Ba2、CO、SO，現(xiàn)有三份100 mL此溶液，進(jìn)行如下實(shí)驗(yàn)：(1)向第一份中加入AgNO3溶液，有沉淀產(chǎn)生；(2)向第二份中加足量NaOH溶液并加熱后，收集到氣體0.04 mol；(3)向第三份中加足量BaCl2溶液后，得干燥的沉淀6.27 g，經(jīng)足量鹽酸洗滌、干燥后，沉淀質(zhì)量為2.33 g。根據(jù)上述實(shí)驗(yàn)，以下

23、推測不正確的是()AK一定存在B100 mL溶液中含0.02 mol CO、0.04 mol NHCCl一定存在DBa2、Mg2一定不存在解析：選C(1)說明此溶液中可能含有Cl、CO、SO。(2)說明此溶液中含有NH，且其物質(zhì)的量為0.04 mol。(3)說明此溶液中含有CO、SO，n(SO)0.01 mol，n(CO)0.02 mol，因有CO、SO存在，則Ba2、Mg2一定不存在。再根據(jù)電荷守恒進(jìn)行討論，陰離子所帶的負(fù)電荷為0.01 mol20.02 mol20.06 mol，而陽離子所帶的正電荷只有0.04 mol，故一定存在另一種陽離子即K，且其至少為0.02 mol。15堿式氯化銅

24、有多種組成，可表示為 Cua(OH)bClcxH2O。為測定某堿式氯化銅的組成，進(jìn)行下列實(shí)驗(yàn)：稱取樣品1.116 0 g，用少量稀HNO3溶解后配成100.00 mL溶液A；取25.00 mL溶液A，加入足量AgNO3溶液，得AgCl 0.172 2 g；另取25.00 mL溶液A，調(diào)節(jié)pH 45，用濃度為 0.080 00 molL1的EDTA(Na2H2Y2H2O)標(biāo)準(zhǔn)溶液滴定Cu2(離子方程式為Cu2H2Y2=CuY22H)，滴定至終點(diǎn)，消耗標(biāo)準(zhǔn)溶液30.00 mL。通過計(jì)算確定該樣品的化學(xué)式(寫出計(jì)算過程)。解析：由中生成AgCl的質(zhì)量，可計(jì)算出1.116 0 g樣品中Cl的物質(zhì)的量n

25、(Cl)；由可計(jì)算出1.116 0 g樣品中Cu2的物質(zhì)的量n(Cu2)，根據(jù)電荷守恒：n(OH)n(Cl)2n(Cu2)，得出n(OH)，最后由質(zhì)量守恒得出n(H2O)；由四種粒子的物質(zhì)的量，可確定樣品的化學(xué)式。答案：n(Cl)n(AgCl)4.800103 moln(Cu2)n(EDTA)0.080 00 molL130.00 mL103 LmL19.600103 mol由電荷守恒n(OH)n(Cl)2n(Cu2)可得n(OH)2n(Cu2)n(Cl)29.600103 mol4.800103 mol1.440102 molm(Cl)4.800103 mol35.5 gmol10.170 4 gm(Cu2)9.600103 mol64 gmol10.614 4 gm(OH)1.440102 mol17 gmol10.244 8 g再由質(zhì)量守恒可得n(H2O)4.800103 molabcxn(Cu2)n(OH)n(Cl)n(H2O)2311化學(xué)式為Cu2(OH)3ClH2O臨門一腳守恒法的應(yīng)用原理及解題步驟(1)應(yīng)用原理所謂“守恒”就是物質(zhì)在發(fā)生“變化”或兩物質(zhì)在發(fā)生“相互作用”的過程中某些物理量的總量保持“不變”。一切化學(xué)反應(yīng)都遵循守恒定律，在化學(xué)變化中有各種各樣的守恒，如質(zhì)量守恒、元素原子守恒、得失電子守恒、電荷守恒等。(2)解題步驟