《2022年高三上學(xué)期第四次模擬考試物理試卷含解析zhangsan》由會(huì)員分享,可在線閱讀,更多相關(guān)《2022年高三上學(xué)期第四次模擬考試物理試卷含解析zhangsan(15頁(yè)珍藏版)》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。
1、2022年高三上學(xué)期第四次模擬考試物理試卷 含解析zhangsan一、單選題(每題只有一個(gè)答案,每題3分,共18分。)1兩個(gè)大小相同、帶等量同種電荷的導(dǎo)體小球A和B,彼此間的靜電力為F。另一個(gè)不帶電的與A、B大小相同的導(dǎo)體小球C,先與A接觸,再與B接觸,然后移開(kāi),這時(shí)A和B之間的作用為,則F與之比為( )A81 B83 C18 D41 【答案】B假設(shè)A B帶電量為Q,兩球之間的相互吸引力的大小是第三個(gè)不帶電的金屬小球C與A接觸后,A和C的電量都為,再與B接觸,則C、B分開(kāi)后電量均為,這時(shí),A、B兩球之間的相互作用力的大小即。故選B?!究键c(diǎn)】庫(kù)侖定律2如圖所示,兩根直木棍AB和CD相互平行,固定
2、在同一個(gè)水平面上,一個(gè)圓柱形工件P架在兩木棍之間,在水平向右的推力F的作用下,恰好能向右勻速運(yùn)動(dòng)。若保持兩木棍在同一水平面內(nèi),但將它們間的距離稍微增大一些后固定將該圓柱形工件P架在兩木棍之間,用同樣的水平推力F向右推該工件,則下列說(shuō)法中正確的是( )A該工件仍可能向右勻速運(yùn)動(dòng)B該工件P可能向右加速運(yùn)動(dòng)CAB棍受到的摩擦力一定大于F/2DAB棍受到的摩擦力一定等于F/2【答案】DAB、工件原來(lái)做勻速運(yùn)動(dòng),所受的滑動(dòng)摩擦力大小,將木棍的間距稍微增大一些后固定時(shí),工件受力的側(cè)視圖如圖,由平衡條件得,木棍的間距稍微增大時(shí),增大,cos減小,則木棍對(duì)工件的支持力N增大,工件所受的滑動(dòng)摩擦力增大,而F不變
3、,所以工件P將不動(dòng),故AB錯(cuò)誤;CD、工件所受的滑動(dòng)摩擦力增大,且用原先的水平推力推時(shí),該工件會(huì)靜止不動(dòng),所以AB棍受到的摩擦力是靜摩擦力且一定無(wú),故C錯(cuò)誤D正確。故選D?!究键c(diǎn)】牛頓第二定律;力的合成與分解3一長(zhǎng)輕質(zhì)木板置于光滑水平地面上,木板上放質(zhì)量分別為mA=1kg和mB=2kg的A、B兩物塊,A、B與木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)都為=0.2,水平恒力F作用在A物塊上,如圖所示(重力加速度g取10m/s2)。則 ( ) A若F=1N,則物塊、木板都靜止不動(dòng)B若F=1.5N,則A物塊所受摩擦力大小為1.5NC若F=4N,則B物塊所受摩擦力大小為4ND若F=8N,則B物塊的加速度為1m/s2【答案】
4、DA與木板間的最大靜摩擦力fA=mAg=0.2110N=2N;B與木板間的最大靜摩擦力fB=mBg=0.2210N=4N;A、F=1NfA,所以AB即木板保持相對(duì)靜止,整體在F作用下向左勻加速運(yùn)動(dòng),故A錯(cuò)誤;B、若F=1.5NfA,所以AB即木板保持相對(duì)靜止,整體在F作用下向左勻加速運(yùn)動(dòng),根據(jù)牛頓第二定律得:F-f=mAa,所以A物塊所受摩擦力fF=1.5N,故B錯(cuò)誤;C、F=4NfA,所以A在木板上滑動(dòng),B和木板整體受到摩擦力2N,輕質(zhì)木板,質(zhì)量不計(jì),所以B的加速度,對(duì)B進(jìn)行受力分析,摩擦力提供加速度,f=mBa=21=2N,故C錯(cuò)誤;D、F=8NfA,所以A相對(duì)于木板滑動(dòng),B和木板整體受到
5、摩擦力2N,輕質(zhì)木板,質(zhì)量不計(jì),所以B的加速度,故D正確。故選D?!究键c(diǎn)】牛頓第二定律;力的合成與分解4如圖所示,電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻不計(jì)的電源與三個(gè)燈泡和三個(gè)電阻相接,只合上開(kāi)關(guān)S1,三個(gè)燈泡都能正常工作,如果再合上S2,則下列表述正確的是( )A電源輸出功率減小 BL1上消耗的功率增大C通過(guò)R1上的電流增大 D通過(guò)R3上的電流增大【答案】CA、只合上開(kāi)關(guān)S1,三個(gè)燈泡都能正常工作,再合上S2,并聯(lián)部分的電阻減小,外電路總電阻減小,根據(jù)閉合電路歐姆定律得知,干路電流增大由于電源的內(nèi)阻不計(jì),電源的輸出功率P=EI,與電流成正比,則電源輸出功率增大,故A錯(cuò)誤;B、由于并聯(lián)部分的電阻減小,根據(jù)串聯(lián)電路
6、的特點(diǎn),并聯(lián)部分分擔(dān)的電壓減小,L1兩端的電壓減小,其消耗的功率減小,故B錯(cuò)誤;C、再合上S2,外電路總電阻減小,干路電流增大,而R1在干路中,通過(guò)R1上的電流增大,故C正確;D、并聯(lián)部分的電壓減小,通過(guò)R3上的電流將減小,故D錯(cuò)誤。故選C?!究键c(diǎn)】閉合電路的歐姆定律5如圖所示,一束正離子從s點(diǎn)沿水平方向射出,在沒(méi)有偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)、磁場(chǎng)時(shí)恰好擊中熒光屏上的坐標(biāo)原點(diǎn)O;若同時(shí)加上電場(chǎng)和磁場(chǎng)后,正離子束最后打在熒光屏上坐標(biāo)系的第象限中,則所加電場(chǎng)E和磁場(chǎng)B的方向可能是(不計(jì)離子重力及其間相互作用力)( )AE向下,B向上 BE向下,B向下CE向上,B向下 DE向上,B向上【答案】A由題意知,電子在電場(chǎng)中
7、受力應(yīng)向下,因離子帶正電,故電場(chǎng)方向應(yīng)向下;而粒子在磁場(chǎng)作用下向左偏轉(zhuǎn),故說(shuō)明洛侖茲力向左,由左手定則可知,B應(yīng)向上。故選A?!究键c(diǎn)】左手定則;電場(chǎng)力6如圖所示,圓形區(qū)域內(nèi)有垂直紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng),三個(gè)質(zhì)量和電荷量都相同的帶電粒子a、b、c,以不同的速率對(duì)準(zhǔn)圓心O沿著AO方向射入磁場(chǎng),其運(yùn)動(dòng)軌跡如圖若帶電粒子只受磁場(chǎng)力的作用,則下列說(shuō)法正確的是( )Aa粒子動(dòng)能最大Bc粒子速率最大Cb粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間最長(zhǎng)D它們做圓周運(yùn)動(dòng)的周期TaTbl說(shuō)明B滑至皮帶最左端時(shí),速度仍大于u,設(shè)此時(shí)速度為v2,由動(dòng)能定理有解得v24m/s,即B與A碰撞前的速度大小。(2)A、B碰撞瞬間動(dòng)量守恒:mv2=mv3+M
8、vA機(jī)械能守恒:由以上兩式解得B以的速度反向滑上皮帶后做勻減速運(yùn)動(dòng),設(shè)其減速至零通過(guò)的位移為s,由解得說(shuō)明B與A第一次碰撞后不能回到右邊曲面上(3)B返回到皮帶的左側(cè)時(shí)速度仍為。由(2)可知與A發(fā)生彈性碰撞后,B的速度為,以此速度滑上皮帶后再返回與A再次碰撞.因此B第n次碰撞后的速度(n=0,1,2.)【考點(diǎn)】 動(dòng)量守恒定律;機(jī)械能守恒定律中山市華僑中學(xué)xx屆第四次模擬考試物理科試題參考答案題號(hào)12345678910111213答案BDDCABCDBDBDADBCACAC14(1)A B -(2分) 打點(diǎn)計(jì)時(shí)器不能接干電池;小車(chē)應(yīng)靠長(zhǎng)木板右側(cè)釋放;長(zhǎng)木扳左端細(xì)線沒(méi)有調(diào)整水平; -(任意兩個(gè),每
9、個(gè)2分)(2) 0.5190.521 a. 1; b. 歐姆 ,表盤(pán)右端零刻度處,12(12.0至12.2)A,C 作圖 略15(12分)解:(1)設(shè)軌道半徑為R,由機(jī)械能守恒定律: (1) (3分)對(duì)B點(diǎn): (2) (1分)對(duì)A點(diǎn): (3) (1分)由(1)、(2)、(3)式得:兩點(diǎn)的壓力差: (4) (1分)由圖象得:截距6mg=6,得m=0.1kg (5) (1分)(2)因?yàn)閳D線的斜率 所以R=2m (6) (2分)在A點(diǎn)不脫離的條件為: (7) (2分)由(1)、(6)、(7)式得:x=15m (1分)16(12分)解:(1)離子在平行板內(nèi)勻速直線運(yùn)動(dòng),因此有 (1分)又 (1分)解得
10、離子在平行板內(nèi)的速度為 (1分)(2)如圖為離子在第I象限磁場(chǎng)區(qū)域內(nèi)運(yùn)動(dòng)的軌跡圖,由幾何關(guān)系得,軌跡半徑為, (1分)軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角為 (1分)運(yùn)動(dòng)周期為 (1分)運(yùn)動(dòng)時(shí)間為 (1分)(3)要使離子一定能打在x軸上,離子在磁場(chǎng)B中運(yùn)動(dòng)的最小半徑,如圖所示,由幾何關(guān)系 得 (1分)由 得 (1分) (1分)即必須小于 (1分) 作圖-(1分)17(12分)解:(1)B在曲線下滑過(guò)程中,由機(jī)械能守恒有: (1分)若B以速度v1滑上皮帶減速到u,移動(dòng)的距離為s,由動(dòng)能定理有: (1分)由以上兩式解得 s = 4ml (1分)說(shuō)明B滑至皮帶最左端時(shí),速度仍大于u,設(shè)此時(shí)速度為v2,由動(dòng)能定理有 (1分)解得 v24 m/s ,即B與A碰撞前的速度大小。 (1分)(2)A、B碰撞瞬間動(dòng)量守恒:mv2 = mv3 + MvA (1分)機(jī)械能守恒: (1分)由以上兩式解得 (1分)B以的速度反向滑上皮帶后做勻減速運(yùn)動(dòng),設(shè)其減速至零通過(guò)的位移為s,由 (1分)解得 說(shuō)明B與A第一次碰撞后不能回到右邊曲面上 (1分)(3)B返回到皮帶的左側(cè)時(shí)速度仍為。由(2)可知與A發(fā)生彈性碰撞后,B的速度為,以此速度滑上皮帶后再返回與A再次碰撞.因此B第n次碰撞后的速度vn()nv2 = 4()n m/s (n=0,1,2.) (2分)