（新課標(biāo)）2021版高考數(shù)學(xué)一輪總復(fù)習(xí) 第三章 導(dǎo)數(shù)及其應(yīng)用 第15講 導(dǎo)數(shù)與函數(shù)的單調(diào)性導(dǎo)學(xué)案 新人教A版

《（新課標(biāo)）2021版高考數(shù)學(xué)一輪總復(fù)習(xí) 第三章 導(dǎo)數(shù)及其應(yīng)用 第15講 導(dǎo)數(shù)與函數(shù)的單調(diào)性導(dǎo)學(xué)案 新人教A版》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《（新課標(biāo)）2021版高考數(shù)學(xué)一輪總復(fù)習(xí) 第三章 導(dǎo)數(shù)及其應(yīng)用 第15講 導(dǎo)數(shù)與函數(shù)的單調(diào)性導(dǎo)學(xué)案 新人教A版（12頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

1、第15講導(dǎo)數(shù)與函數(shù)的單調(diào)性【課程要求】了解函數(shù)的單調(diào)性和導(dǎo)數(shù)的關(guān)系；能利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的單調(diào)性，會求函數(shù)的單調(diào)區(qū)間及參數(shù)的范圍對應(yīng)學(xué)生用書p41【基礎(chǔ)檢測】1判斷下列結(jié)論是否正確(請在括號中打“”或“”)(1)若函數(shù)f(x)在(a，b)內(nèi)單調(diào)遞增，那么一定有f(x)0.()(2)如果函數(shù)f(x)在某個區(qū)間內(nèi)恒有f(x)0，則f(x)在此區(qū)間內(nèi)沒有單調(diào)性()答案 (1)(2)2選修22p32A組T4如圖是函數(shù)yf(x)的導(dǎo)函數(shù)yf(x)的圖象，則下面判斷正確的是()A在區(qū)間(2，1)上，f(x)是增函數(shù)B在區(qū)間(1，3)上，f(x)是減函數(shù)C在區(qū)間(4，5)上，f(x)是增函數(shù)D當(dāng)x2時，f(x

2、)取到極小值解析在(4，5)上f(x)0恒成立，f(x)是增函數(shù)答案C3選修22p24例2函數(shù)f(x)x36x2的單調(diào)遞減區(qū)間為_解析f(x)3x212x3x(x4)，由f(x)0，得0xf(3)f() Bf(3)f(2)f()Cf(2)f()f(3) Df()f(3)f(2)解析f(x)1xsinx，則f(x)1cosx0，則函數(shù)f(x)為增函數(shù)23f(3)f(2)答案D6已知定義在實數(shù)集R上的函數(shù)f(x)滿足f(1)3，且f(x)的導(dǎo)數(shù)f(x)在R上恒有f(x)2(xR)，則不等式f(x)2x1的解集為_解析令g(x)f(x)2x1，g(x)f(x)20，g(x)在R上為減函數(shù)，g(1)f

3、(1)210.由g(x)1.不等式的解集為(1，)答案 (1，)【知識要點】1函數(shù)的單調(diào)性：在某個區(qū)間(a，b)內(nèi)，如果f(x)0，那么函數(shù)yf(x)在這個區(qū)間內(nèi)單調(diào)遞增；如果f(x)0(f(x)0)，當(dāng)f(x)0時，解得x，即函數(shù)的單調(diào)遞增區(qū)間為；當(dāng)f(x)0時，解得0x0的解集為_解析由題圖可知不等式(x22x3)f(x)0等價于或解得x(，1)(1，1)(3，)答案 (，1)(1，1)(3，)小結(jié)確定函數(shù)單調(diào)區(qū)間的步驟： (1)確定函數(shù)f(x)的定義域. (2)求f(x). (3)解不等式f(x)0，解集在定義域內(nèi)的部分為單調(diào)遞增區(qū)間. (4)解不等式f(x)0，則其在區(qū)間(，)上的解集

4、為，即f(x)的單調(diào)遞增區(qū)間為，.答案，2已知函數(shù)f(x)x22cosx，若f(x)是f(x)的導(dǎo)函數(shù)，則函數(shù)f(x)的圖象大致是()解析設(shè)g(x)f(x)2x2sinx，g(x)22cosx0，所以函數(shù)f(x)在R上單調(diào)遞增答案A含參數(shù)的函數(shù)的單調(diào)性例2已知函數(shù)f(x)ex(exa)a2x，討論f(x)的單調(diào)性解析函數(shù)f(x)的定義域為(，)，f(x)2e2xaexa2(2exa)(exa)若a0，則f(x)e2x在(，)上單調(diào)遞增若a0，則由f(x)0，得xlna.當(dāng)x(，lna)時，f(x)0；當(dāng)x(lna，)時，f(x)0.故f(x)在(，lna)上單調(diào)遞減，在(lna，)上單調(diào)遞增若

5、a0，則由f(x)0，得xln.當(dāng)x時，f(x)0；當(dāng)x時，f(x)0.故f(x)在上單調(diào)遞減，在上單調(diào)遞增綜上，當(dāng)a0時，f(x)在(，)上單調(diào)遞增；當(dāng)a0時，f(x)在(，lna)上單調(diào)遞減，在(lna，)上單調(diào)遞增，當(dāng)a0時，f(x)在上單調(diào)遞減，在上單調(diào)遞增小結(jié)根據(jù)函數(shù)單調(diào)性求參數(shù)的一般思路：(1)利用集合間的包含關(guān)系處理：yf(x)在(a，b)上單調(diào)，則區(qū)間(a，b)是相應(yīng)單調(diào)區(qū)間的子集(2)f(x)為增函數(shù)的充要條件是對任意的x(a，b)都有f(x)0且在(a，b)內(nèi)的任一非空子區(qū)間上，f(x)不恒為零，應(yīng)注意此時式子中的等號不能省略，否則漏解(3)函數(shù)在某個區(qū)間存在單調(diào)區(qū)間可轉(zhuǎn)化

6、為不等式有解問題3已知g(x)x22alnx在1，2上是減函數(shù)，則實數(shù)a的取值范圍是_解析g(x)2x，由已知得g(x)0在1，2上恒成立，可得ax2在1，2上恒成立又當(dāng)x1，2時，4.a.答案4已知函數(shù)f(x)x24x3lnx在區(qū)間t，t1上不單調(diào)，則t的取值范圍是_解析由題意知f(x)x4，由f(x)0，得函數(shù)f(x)的兩個極值點為1和3，則只要這兩個極值點有一個在區(qū)間(t，t1)內(nèi)，函數(shù)f(x)在區(qū)間t，t1上就不單調(diào)，由t1t1或t3t1，得0t1或2t3.答案 (0，1)(2，3)函數(shù)單調(diào)性的應(yīng)用問題例3(1)定義在區(qū)間(0，)上的函數(shù)yf(x)使不等式2f(x)xf(x)0，yf(

7、x)為yf(x)的導(dǎo)函數(shù)，則()A816B48C34D20，x0，0，y在(0，)上單調(diào)遞增，又f(x)0，4.xf(x)3f(x)0，0，y在(0，)上單調(diào)遞減，0，8.綜上，41，f(0)4，則不等式exf(x)ex3(其中e為自然對數(shù)的底數(shù))的解集為()A(0，) B(，0)(3，)C(，0)(0，) D(3，)解析令g(x)exf(x)ex，g(x)exf(x)exf(x)exexf(x)f(x)1，f(x)f(x)1，g(x)0，yg(x)在定義域上單調(diào)遞增，exf(x)ex3，g(x)3，g(0)3，g(x)g(0)，x0，故選A.答案A小結(jié)1.構(gòu)造函數(shù)，應(yīng)用導(dǎo)數(shù)求解函數(shù)值的比較大

8、小時，若自變量的值不在同一個單調(diào)區(qū)間內(nèi)，要利用其函數(shù)性質(zhì)，轉(zhuǎn)化到同一個單調(diào)區(qū)間上進(jìn)行比較，對于選擇題、填空題能數(shù)形結(jié)合的盡量用圖象法求解2構(gòu)造函數(shù)，應(yīng)用導(dǎo)數(shù)求解不等式解集時，先利用函數(shù)的相關(guān)性質(zhì)將不等式轉(zhuǎn)化為f(g(x)f(h(x)的形式，再根據(jù)函數(shù)的單調(diào)性去掉“f”，得到一般的不等式g(x)h(x)(或g(x)h(x)5已知定義在上的函數(shù)f(x)的導(dǎo)函數(shù)為f(x)，且對于任意的x，都有f(x)sinxfBff(1)C.ffD.ff解析令g(x)，則g(x)，由已知g(x)g，即，ff.答案A6已知函數(shù)f(x)x32xex，其中e是自然對數(shù)的底數(shù)若f(a1)f(2a2)0，則實數(shù)a的取值范圍是

9、_解析由f(x)x32xex，得f(x)x32xexf(x)，所以f(x)是R上的奇函數(shù)又f(x)3x22ex3x2223x20，當(dāng)且僅當(dāng)x0時取等號，所以f(x)在其定義域內(nèi)單調(diào)遞增因為f(a1)f(2a2)0，所以f(a1)f(2a2)f(2a2)，所以a12a2，解得1a，故實數(shù)a的取值范圍是.答案函數(shù)單調(diào)性的綜合應(yīng)用問題例4已知函數(shù)f(x)x3xcosxax2sinx2acosx，g2xcosxx22sinx3acosx(a為常數(shù)，aR)(1)討論函數(shù)f的單調(diào)性；(2)設(shè)函數(shù)h(x)f(x)g(x)，證明：當(dāng)0a0時，h(x)0.解析 (1)f(x)x2cosxxsinx2axcosx

10、2asinx(x2a)(xsinx), 令(x)xsinx，則(x)1cosx0，故(x)在R上單調(diào)遞增，又(0)0，故x(，0)時(x)0，則令f(x)0，x12a，x20.()當(dāng)a0，f(x)單調(diào)遞增；x(2a，0)時，f(x)0時，有x(，0)與x(2a，)時，f(x)0，f(x)單調(diào)遞增；x(0，2a)時，f(x)0，f(x)單調(diào)遞減；()當(dāng)a0時，有xR時，f(x)0，f(x)單調(diào)遞增.(2)h(x)f(x)g(x)x3xcosxx2sinxacosx(0a0)，h(x)x2cosxxsinxaxcosxasinx(xa)(xsinx)，令t(x)xsinx(x0)，則t(x)1co

11、sx0，故t(x)在(0，)上單調(diào)遞增，又t(0)0，故t(x)0，令h(x)0xa，且x(0，a)時，h(x)0，h(x)單調(diào)遞增；所以h(x)minh(a)a3acosaa3sinaacosaa3sina，令m(a)a3sina(0a1)，則m(a)a2cosa，m(a)asina0(0acos0，m(a)0，m(a)在(0，1)上單調(diào)遞增，又m(0)0，m(a)0在(0，1)上恒成立，所以當(dāng)0a0時，h(x)0.小結(jié)利用導(dǎo)數(shù)證明不等式的常用方法：證明f(x)g(x)，x(a，b)，可以構(gòu)造函數(shù)F(x)f(x)g(x)，利用F(x)的單調(diào)性證明7已知函數(shù)f(x)axlnx(aR)(1)討論

12、f(x)的單調(diào)區(qū)間(2)若函數(shù)f(x)圖象的一條切線為x軸，且函數(shù)g(x)，若存在不相等的兩個實數(shù)x1，x2滿足g(x1)g(x2)，求證：x1x20，f(x)ax，顯然：當(dāng)a0時，f(x)0時，0x，f(x)，f(x)0，故有：a0時，f(x)在區(qū)間(0，)上遞減；a0時，f(x)在區(qū)間上遞減，在區(qū)間上遞增(2)設(shè)切點坐標(biāo)為(x0，0)，g(x)，令h(x)lnx，h(x)，顯然：x1時，h(x)0，又h(x)，0x0，x(0，)上，h(x)0，故h(x)在(0，)上遞增，而h(1)0，x(0，1)時，h(x)0，g(x)且g(x)在(0，1)上遞減，在(1，)上遞增，g(1)0.當(dāng)x1時，

13、00，故：G(x)在(1，)上單調(diào)遞增，故G(x)G(1)0，g(x)g.設(shè)0x11g，而01，由g(x)在(0，1)上單調(diào)遞減，故：x1，x1x21.對應(yīng)學(xué)生用書p43(2018全國卷理)已知函數(shù)f(x)xalnx.(1)討論f(x)的單調(diào)性；(2)若f(x)存在兩個極值點x1，x2，證明：2，令f(x)0得，x或x.當(dāng)x時，f(x)0.所以f(x)在，上單調(diào)遞減，在上單調(diào)遞增(2)由(1)知，f(x)存在兩個極值點當(dāng)且僅當(dāng)a2.由于f(x)的兩個極值點x1，x2滿足x2ax10，所以x1x21，不妨設(shè)x11.由于1a2a2a，所以a2等價于x22lnx20.設(shè)函數(shù)g(x)x2lnx，由(1)知，g(x)在(0，)上單調(diào)遞減，又g(1)0，從而當(dāng)x(1，)時，g(x)0.所以x22lnx20，即a2.12