2020年全國(guó)高考數(shù)學(xué)第二輪復(fù)習(xí) 第3講 解答題題型特點(diǎn)與技法指導(dǎo) 理

第3講 解答題題型特點(diǎn)與技法指導(dǎo)高考解答題一般有六大方向:三角函數(shù)與平面向量、概率與統(tǒng)計(jì)、立體幾何、數(shù)列與不等式、解析幾何、不等式與函數(shù)及導(dǎo)數(shù).一般來(lái)說(shuō),前三題屬于中、低檔題,第四題屬中檔偏難題,后兩題屬難題.三角函數(shù)與平面向量、概率與統(tǒng)計(jì)、立體幾何在前三題中出現(xiàn)的概率較高,掌握解這幾類題的解法是大多數(shù)學(xué)生成功的關(guān)鍵.目前的高考解答題已經(jīng)由單純的知識(shí)綜合型轉(zhuǎn)化為知識(shí)、方法和能力的綜合型解答題.能否做好解答題是高考成敗的關(guān)鍵.1.三角函數(shù)有關(guān)三角函數(shù)的大題即解答題,主要是考查基礎(chǔ)知識(shí)、基本技能和基本方法,且難度不大.凸顯恒等變換與三角函數(shù)的圖象、性質(zhì)在三角形內(nèi)考查.主要考查以下4個(gè)方面:①三角函數(shù)的圖象、性質(zhì)、圖象變換,主要是y=Asin(ωx+φ)+b的圖象、性質(zhì)及圖象變換,考查三角函數(shù)的概念、奇偶性、周期性、單調(diào)性、最值及圖象的平移和對(duì)稱等;②三角恒等變換,主要考查公式的靈活運(yùn)用、變換能力,一般需要運(yùn)用和差角公式、倍角公式,尤其是對(duì)公式的應(yīng)用與三角函數(shù)性質(zhì)的綜合考查;③三角函數(shù)性質(zhì)的應(yīng)用.通過(guò)解三角形來(lái)考查三角恒等變形及應(yīng)用三角函數(shù)性質(zhì)的綜合能力;④三角函數(shù)與平面向量、數(shù)列、不等式等知識(shí)的綜合問(wèn)題.【例1】已知向量a=(cos ωx-sin ωx,sin ωx),b=(-cos ωx-sin ωx,2cos ωx),設(shè)函數(shù)f(x)=a·b+λ(x∈R)的圖象關(guān)于直線x=π對(duì)稱,其中ω,λ為常數(shù),且ω∈.(1)求函數(shù)f(x)的最小正周期;(2)若y=f(x)的圖象經(jīng)過(guò)點(diǎn),求函數(shù)f(x)在區(qū)間上的取值范圍.點(diǎn)評(píng) 利用向量的工具作用,與向量結(jié)合在一起命制綜合題,體現(xiàn)了在知識(shí)交匯點(diǎn)處命題的指導(dǎo)思想.這類問(wèn)題求解時(shí),首先利用向量的運(yùn)算,將向量式轉(zhuǎn)化為代數(shù)式,然后進(jìn)行有關(guān)的三角恒等變換,最后研究三角函數(shù)的圖象與性質(zhì).變式訓(xùn)練1 (2020·安徽高考,理16)設(shè)函數(shù)f(x)=cos+sin2x.(1)求f(x)的最小正周期;(2)設(shè)函數(shù)g(x)對(duì)任意x∈R,有g(shù)=g(x),且當(dāng)x∈時(shí),g(x)=-f(x).求g(x)在區(qū)間[-π,0]上的解析式.2.立體幾何立體幾何是高中數(shù)學(xué)的主干知識(shí)之一,命題形式比較穩(wěn)定.立體幾何解答題主要分兩類:一類是空間線面關(guān)系的判定和推理證明,主要是證明平行和垂直,求解這類問(wèn)題要依據(jù)線面關(guān)系的判定定理和性質(zhì)定理進(jìn)行推理論證;另一類是空間幾何量(空間角、空間距離、幾何體的體積與面積)的計(jì)算.求解這類問(wèn)題,常用方法是依據(jù)公理、定理以及性質(zhì)等經(jīng)過(guò)推理論證,作出所求幾何量并求之.一般解題步驟是“作、證、求”.對(duì)以上兩類問(wèn)題特別要加強(qiáng)空間向量法的訓(xùn)練.【例2】(2020·河南豫東、豫北十校階段性檢測(cè),18)如圖,已知直角梯形ACDE所在的平面垂直于平面ABC,∠BAC=∠ACD=90°,∠EAC=60°,AB=AC=AE.(1)在直線BC上是否存在一點(diǎn)P,使得DP∥平面EAB?請(qǐng)證明你的結(jié)論;(2)求平面EBD與平面ABC所成的銳二面角θ的余弦值.點(diǎn)評(píng) 線線平行、線面平行、面面平行的判定與證明是相互轉(zhuǎn)化的,垂直也是如此;對(duì)于二面角,常用兩種方法,幾何法與向量法,一般傾向于用向量法.變式訓(xùn)練2 (2020·陜西西安二模,19)如圖,F(xiàn)D垂直于矩形ABCD所在的平面,CE∥DF,∠DEF=90°.(1)求證:BE∥平面ADF;(2)若矩形ABCD的邊AB=3,EF=2,則另一邊BC的長(zhǎng)為何值時(shí),平面BEF與平面CDFE所成角的大小為45°.3.概率與統(tǒng)計(jì)概率與統(tǒng)計(jì)問(wèn)題的解答題是每年高考必考內(nèi)容,主要考查古典概型、幾何概型、等可能事件的概率計(jì)算公式,互斥事件的概率加法公式,對(duì)立事件的概率減法公式,相互獨(dú)立事件的概率乘法公式,事件在n次獨(dú)立重復(fù)試驗(yàn)中恰好發(fā)生k次的概率計(jì)算公式等五個(gè)基本公式的應(yīng)用及離散型隨機(jī)變量分布列和數(shù)學(xué)期望、方差等內(nèi)容.【例3】(2020·天津?qū)氎尜|(zhì)檢,16)高中某學(xué)科奧賽分為初賽、復(fù)賽、決賽三個(gè)階段進(jìn)行,若某選手通過(guò)初賽、復(fù)賽、決賽的概率分別是,,,且各階段通過(guò)與否相互獨(dú)立.(1)求該選手在復(fù)賽階段被淘汰的概率;(2)設(shè)該選手在比賽中比賽的次數(shù)為ξ,求ξ的分布列和數(shù)學(xué)期望.點(diǎn)評(píng) 概率計(jì)算的關(guān)鍵是對(duì)概率模型的判斷,各事件之間的關(guān)系是互斥還是相互獨(dú)立等,解題的關(guān)鍵是對(duì)概念理解到位.求概率分布列的關(guān)鍵在于依據(jù)題意準(zhǔn)確分析,計(jì)算隨機(jī)變量在各個(gè)取值下對(duì)應(yīng)的概率.變式訓(xùn)練3 山東省第23屆運(yùn)動(dòng)會(huì)將于2020年在濟(jì)寧隆重召開.為了搞好接待工作,組委會(huì)在某學(xué)院招募了12名男志愿者和18名女志愿者.調(diào)查發(fā)現(xiàn),這30名志愿者的身高如圖:(單位:cm)若身高在175 cm以上(包括175 cm)定義為“高個(gè)子”,身高在175 cm以下(不包括175 cm)定義為“非高個(gè)子”,且只有“女高個(gè)子”才能擔(dān)任“禮儀小姐”.(1)如果用分層抽樣的方法從“高個(gè)子”和“非高個(gè)子”中抽取5人,再?gòu)倪@5人中選2人,則至少有一人是“高個(gè)子”的概率是多少?(2)若從所有“高個(gè)子”中選3名志愿者,用ξ表示所選志愿者中能擔(dān)任“禮儀小姐”的人數(shù),試寫出ξ的分布列,并求ξ的數(shù)學(xué)期望.4.?dāng)?shù)列與不等式高考中數(shù)列解答題的求解主要有以下幾個(gè)特點(diǎn):(1)與等差、等比數(shù)列基本量有關(guān)的計(jì)算,可根據(jù)題意列方程(方程組)或利用等差、等比數(shù)列的性質(zhì)求解;(2)與求和有關(guān)的題目,首先要求通項(xiàng)公式,并根據(jù)通項(xiàng)公式選擇恰當(dāng)?shù)那蠛头椒?如錯(cuò)位相減法、裂項(xiàng)相消法、分組求和法等);(3)含Sn的式子,要根據(jù)題目特征利用an=進(jìn)行轉(zhuǎn)化;(4)與遞推數(shù)列有關(guān)的問(wèn)題,要能合理轉(zhuǎn)化,使之構(gòu)造出新的等差、等比數(shù)列;(5)與數(shù)列有關(guān)的不等式問(wèn)題,可根據(jù)數(shù)列的特征選擇方法(如比較法、放縮法、數(shù)學(xué)歸納法等);(6)與函數(shù)有關(guān)的問(wèn)題,應(yīng)根據(jù)函數(shù)的性質(zhì)求解.【例4】(2020·四川成都二診,20)已知數(shù)列{an}和{bn},b1=1,且bn+1-3bn=2n-2,記an=bn+1-bn+1,n∈N*.(1)證明:數(shù)列{an}為等比數(shù)列;(2)求數(shù)列{an}和{bn}的通項(xiàng)公式;(3)記,數(shù)列{cn}的前n項(xiàng)和為Tn,若45Tk<29,k∈N*恒成立,求k的最大值.點(diǎn)評(píng) 第(1)問(wèn)考查了等比數(shù)列的證明,它是為第(2)、(3)問(wèn)服務(wù)的.第(2)問(wèn)考查了求數(shù)列通項(xiàng)公式的常規(guī)方法.第(3)問(wèn)考查了數(shù)列的求和方法,是數(shù)列與不等式知識(shí)的融合問(wèn)題.變式訓(xùn)練4 (2020·湖北八校二聯(lián),19)各項(xiàng)為正數(shù)的數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和為Sn,且滿足Sn=a+an+(n∈N*).(1)求an;(2)設(shè)函數(shù)f(n)=cn=f(2n+4)(n∈N*),求數(shù)列{cn}的前n項(xiàng)和Tn.5.解析幾何解析幾何解答題主要考查圓錐曲線的基本概念、標(biāo)準(zhǔn)方程及其幾何性質(zhì)等基礎(chǔ)知識(shí)和處理有關(guān)問(wèn)題的基本技能、基本方法,往往以中檔偏難題或以壓軸題形式出現(xiàn),主要考查學(xué)生的邏輯推理能力,運(yùn)算能力,考查學(xué)生綜合運(yùn)用數(shù)學(xué)知識(shí)解決問(wèn)題的能力.突破解答題,應(yīng)重點(diǎn)研究直線與曲線的位置關(guān)系,要充分運(yùn)用一元二次方程根的判別式和韋達(dá)定理,注意運(yùn)用“設(shè)而不求”的思想方法,靈活運(yùn)用“點(diǎn)差法”等來(lái)解題,要善于運(yùn)用數(shù)形結(jié)合思想分析問(wèn)題,使數(shù)與形相互轉(zhuǎn)化,并根據(jù)具體特征選擇相應(yīng)方法.【例5】已知橢圓+=1,點(diǎn)P是橢圓上異于頂點(diǎn)的任意一點(diǎn),過(guò)點(diǎn)P作橢圓的切線l,交y軸于點(diǎn)A,直線l′過(guò)點(diǎn)P且垂直于l,交y軸于點(diǎn)B.試判斷以AB為直徑的圓能否經(jīng)過(guò)定點(diǎn)?若能,求出定點(diǎn)坐標(biāo);若不能,請(qǐng)說(shuō)明理由.點(diǎn)評(píng) 直線與圓錐曲線的位置關(guān)系一直是命題的熱點(diǎn),基本方法是聯(lián)立方程,利用判別式、根與系數(shù)關(guān)系求解,運(yùn)算量一般較大,這類綜合題中常涉及的問(wèn)題有弦長(zhǎng)問(wèn)題、面積問(wèn)題、對(duì)稱問(wèn)題、定點(diǎn)定值問(wèn)題等,是歷年高考的熱點(diǎn)問(wèn)題,復(fù)習(xí)時(shí)要注重通性通法的訓(xùn)練.變式訓(xùn)練5 (2020·山東高考,文21)如圖,橢圓M:+=1(a>b>0)的離心率為,直線x=±a和y=±b所圍成的矩形ABCD的面積為8.(1)求橢圓M的標(biāo)準(zhǔn)方程;(2)設(shè)直線l:y=x+m(m∈R)與橢圓M有兩個(gè)不同的交點(diǎn)P,Q,l與矩形ABCD有兩個(gè)不同的交點(diǎn)S,T.求的最大值及取得最大值時(shí)m的值.6.函數(shù)與導(dǎo)數(shù)以函數(shù)為載體,以導(dǎo)數(shù)為工具,以考查函數(shù)性質(zhì)及導(dǎo)數(shù)的應(yīng)用為目標(biāo),以導(dǎo)數(shù)為工具圍繞函數(shù)、不等式、方程等綜合考查.在知識(shí)的交匯處命題,涉及具體內(nèi)容較多,如給定解析式求參數(shù)值,給定條件求參數(shù)范圍,以及對(duì)參數(shù)討論與證明不等式問(wèn)題,極值、最值、值域及分析圖象交點(diǎn)等問(wèn)題,都以導(dǎo)數(shù)為工具.既考查函數(shù)部分的相關(guān)知識(shí),又滲透函數(shù)與方程、數(shù)形結(jié)合、化歸與轉(zhuǎn)化、分類與整合等數(shù)學(xué)思想.【例6】(2020·河南許昌聯(lián)考,21)設(shè)x=3是函數(shù)f(x)=(x2+ax+b)e3-x(x∈R)的一個(gè)極值點(diǎn).(1)求a與b的關(guān)系式(用a表示b),并求f(x)的單調(diào)區(qū)間;(2)設(shè)a>0,g(x)=ex.若存在x1,x2∈[0,4]使得|f(x1)-g(x2)|<1成立,求a的取值范圍.點(diǎn)評(píng) 本題考查了利用導(dǎo)數(shù)研究極值、單調(diào)區(qū)間、值域問(wèn)題,考查了分類討論思想等.變式訓(xùn)練6 (2020·廣東中山一模,20)已知函數(shù)f(x)=4x3-3x2sin θ+,其中x∈R,θ為參數(shù),且0<θ<π.(1)當(dāng)θ=0時(shí),判斷函數(shù)f(x)是否有極值,說(shuō)明理由;(2)要使函數(shù)f(x)的極小值大于零,求參數(shù)θ的取值范圍;(3)若對(duì)(2)中所求的取值范圍內(nèi)的任意參數(shù)θ,函數(shù)f(x)在區(qū)間(2a-1,a)內(nèi)都是增函數(shù),求實(shí)數(shù)a的取值范圍.參考答案方法例析【例1】解:(1)因?yàn)閒(x)=sin2ωx-cos2ωx+2sin ωx·cos ωx+λ=-cos 2ωx+sin 2ωx+λ=2sin+λ.由直線x=π是y=f(x)圖象的一條對(duì)稱軸,可得sin=±1,所以2ωπ-=kπ+(k∈Z),即ω=+(k∈Z).又ω∈,k∈Z,所以k=1,故ω=.所以f(x)的最小正周期是.(2)由y=f(x)的圖象過(guò)點(diǎn),得f=0,即λ=-2sin=-2sin=-,即λ=-.故f(x)=2sin-.由0≤x≤,有-≤x-≤,所以-≤sin≤1,得-1-≤2sin-≤2-,故函數(shù)f(x)在上的取值范圍為[-1-,2-].【變式訓(xùn)練1】解:(1)f(x)=cos+sin2x=+=-sin 2x,故f(x)的最小正周期為π.(2)當(dāng)x∈時(shí),g(x)=-f(x)=sin 2x.故①當(dāng)x∈時(shí),x+∈.由于對(duì)任意x∈R,g=g(x),從而g(x)=g=sin=sin(π+2x)=-sin 2x.②當(dāng)x∈時(shí),x+π∈.從而g(x)=g(x+π)=sin[2(x+π)]=sin 2x.綜合①,②得g(x)在[-π,0]上的解析式為g(x)=【例2】解:(1)存在,線段BC的中點(diǎn)就是滿足條件的點(diǎn)P.證明如下:取AB的中點(diǎn)F,連接DP,PF,EF,則PF∥AC,且FP=AC.取AC的中點(diǎn)M,連接EM,EC.∵AE=AC且∠EAC=60°,∴△EAC是正三角形,∴EM⊥AC,∴四邊形EMCD為矩形,∴ED=MC=AC.又ED∥AC,∴ED∥FP且ED=FP,∴四邊形EFPD是平行四邊形,∴DP∥EF.又EF?平面EAB,DP?平面EAB,∴DP∥平面EAB.(2)(解法1)過(guò)B作AC的平行線l,過(guò)C作l的垂線交l于G,連接DG.∵ED∥AC,∴ED∥l,∴l(xiāng)是平面EBD與平面ABC的交線.∵平面EAC⊥平面ABC,DC⊥AC,∴DC⊥平面ABC.又∵CG⊥l,∴l(xiāng)⊥DG,∴∠DGC是所求二面角的平面角.設(shè)AB=AC=AE=2a,則CD=a,GC=2a.∴GD==a,∴cos θ=cos∠DGC==.(解法2)∵∠BAC=90°,平面EACD⊥平面ABC,∴以點(diǎn)A為坐標(biāo)原點(diǎn),直線AB為x軸,直線AC為y軸,建立空間直角坐標(biāo)系A(chǔ)-xyz,如圖所示.設(shè)AB=AC=AE=2a,由已知得B(2a,0,0),E(0,a,a),D(0,2a,a),∴=(2a,-a,-a),=(0,a,0).設(shè)平面EBD的法向量為n=(x,y,z),∴n⊥且n⊥,∴∴解得取z=2,得平面EBD的一個(gè)法向量為n=(,0,2).∵平面ABC的一個(gè)法向量為n′=(0,0,1).∴cos θ=|cos〈n,n′〉|==.【變式訓(xùn)練2】解:(1)由ABCD是矩形,得BC∥AD,推出BC∥平面ADF.由CE∥DF得CE∥平面ADF.∵BC∩CE=C,∴平面BCE∥平面ADF.∵BE?平面BCE,∴BE∥平面ADF.(2)如圖,建立空間直角坐標(biāo)系D-xyz,設(shè)BC=a,CE=b,DF=c,得B(a,3,0),C(0,3,0),E(0,3,b),F(xiàn)(0,0,c),∴=(0,-3,c-b),=(0,3,b).∵·=0,||=2,解得b=3,c=4,設(shè)平面BEF的一個(gè)法向量n=(1,p,q),由n·=0,n·=0,求得平面BEF的一個(gè)法向量為n=.又∵DA⊥平面DCEF,∴|cos〈n,〉|=,解得a=.∴當(dāng)BC=時(shí),平面BEF與平面CDFE所成角的大小為45°.【例3】解:(1)記“該選手通過(guò)初賽”為事件A,“該選手通過(guò)復(fù)賽”為事件B,“該選手通過(guò)決賽”為事件C,則P(A)=,P(B)=,P(C)=.那么該選手在復(fù)賽階段被淘汰的概率是P=P(A)=P(A)P()=×=.(2)ξ可能的取值為1,2,3.P(ξ=1)=P()=1-=,P(ξ=2)=P(A)=P(A)P()=×=,P(ξ=3)=P(AB)=P(A)P(B)=×=.ξ的分布列為ξ123Pξ的數(shù)學(xué)期望Eξ=1×+2×+3×=.【變式訓(xùn)練3】解:(1)根據(jù)莖葉圖,有“高個(gè)子”12人,“非高個(gè)子”18人,用分層抽樣的方法,每個(gè)人被抽中的概率是=,所以選中的“高個(gè)子”有12×=2人,“非高個(gè)子”有18×=3人.用A表示事件“至少有一名‘高個(gè)子’被選中”,則P(A)=1-=1-=.因此至少有一人是“高個(gè)子”的概率是.(2)依題意,ξ的取值為0,1,2,3.P(ξ=0)==,P(ξ=1)==,P(ξ=2)==,P(ξ=3)==.因此,ξ的分布列如下ξ0123P所以E(ξ)=0×+1×+2×+3×=1.【例4】解:(1)證明:∵bn+1-3bn=2n-2,∴bn-3bn-1=2(n-1)-2,n≥2,n∈N*.兩式相減,得bn+1-bn-3bn+3bn-1=2(n≥2,n∈N*).整理,得bn+1-bn+1=3(bn-bn-1+1)(n≥2,n∈N*),即an=3an-1(n≥2,n∈N*).∴數(shù)列{an}是公比為3的等比數(shù)列.(2)∵b2=3,∴a1=3-1+1=3.∴an=3n(n∈N*).∵an=bn+1-bn+1=3n,∴bn-bn-1+1=3n-1,bn-1-bn-2+1=3n-2,…,b2-b1+1=31.累加,得bn-b1+n-1=-1.∴bn=-n+(n∈N*).(3)3==.∴Tn==-.由45Tk<29得135-90<116.∴+>=+.∴k<8.又k∈N*,∴k的最大值為7,【變式訓(xùn)練4】解:(1)∵Sn=an2+an+,①∴當(dāng)n≥2時(shí),Sn-1=an2-1+an-1+.②由①-②化簡(jiǎn),得(an+an-1)(an-an-1-2)=0.又∵數(shù)列{an}的各項(xiàng)為正數(shù),∴當(dāng)n≥2時(shí),an-an-1=2.故數(shù)列{an}成等差數(shù)列,公差為2.又a1=S1=a12+a1+,解得a1=1,∴an=2n-1.(2)由分段函數(shù)f(n)=可以得到c1=f(6)=f(3)=a3=5,c2=f(8)=f(4)=f(2)=f(1)=a1=1;當(dāng)n≥3,n∈N*時(shí),cn=f(2n+4)=f(2n-1+2)=f(2n-2+1)=2(2n-2+1)-1=2n-1+1,故當(dāng)n≥3時(shí),Tn=5+1+(22+1)+(23+1)+…+(2n-1+1)=6++(n-2)=2n+n.n=1時(shí),T1=5不滿足Tn=2n+n,n=2時(shí),T2=c1+c2=6滿足Tn=2n+n,故Tn=【例5】解:設(shè)點(diǎn)P(x0,y0)(x0≠0,y0≠0),直線l的方程為y-y0=k(x-x0),代入,整理得(3+4k2)x2+8k(y0-kx0)x+4(y0-kx0)2-12=0.∵x=x0是方程的兩個(gè)相等實(shí)根,∴,解得.∴直線l的方程為.令x=0,得點(diǎn)A的坐標(biāo)為.又∵=1,∴4y02+3x02=12,∴點(diǎn)A的坐標(biāo)為.又直線l′的方程為,令x=0,得點(diǎn)B的坐標(biāo)為,∴以AB為直徑的圓的方程為,整理得.由得∴以AB為直徑的圓恒過(guò)定點(diǎn)(-1,0)和(1,0).【變式訓(xùn)練5】解:(1)設(shè)橢圓M的半焦距為c,由題意知所以a=2,b=1.因此橢圓M的方程為+y2=1.(2)由整理得5x2+8mx+4m2-4=0,由Δ=64m2-80(m2-1)=80-16m2>0,得-<m<.設(shè)P(x1,y1),Q(x2,y2),則x1+x2=-,x1x2=.所以|PQ|===(-<m<).線段CD的方程為y=1(-2≤x≤2),線段AD的方程為x=-2(-1≤y≤1).①不妨設(shè)點(diǎn)S在AD邊上,T在CD邊上,可知1≤m<,S(-2,m-2),D(-2,1),所以|ST|=|SD|=[1-(m-2)]=(3-m),因此=,令t=3-m(1≤m<),則m=3-t,t∈(3-,2],所以===,由于t∈(3-,2],所以∈,因此當(dāng)=,即t=時(shí),取得最大值,此時(shí)m=.②不妨設(shè)點(diǎn)S在AB邊上,T在CD邊上,此時(shí)-1≤m≤1,因此|ST|=|AD|=2,此時(shí)=,所以當(dāng)m=0時(shí),取得最大值.③不妨設(shè)點(diǎn)S在AB邊上,T在BC邊上,-<m≤-1,由橢圓和矩形的對(duì)稱性知的最大值為,此時(shí)m=-.綜上所述,m=±或m=0時(shí),取得最大值.【例6】解:(1)f′(x)=-[x2+(a-2)x+b-a]e3-x,由f′(3)=0,得-[32+3(a-2)+b-a]·e3-3=0,即得b=-3-2a,則f′(x)=-[x2+(a-2)x-3-3a]e3-x=-(x-3)(x+a+1)e3-x.令f′(x)=0,得x1=3或x2=-a-1,由于x=3是函數(shù)的一個(gè)極值點(diǎn).所以x1≠x2,那么a≠-4.當(dāng)a<-4時(shí),x2>3=x1,則在區(qū)間(-∞,3)上,f′(x)<0,f(x)為減函數(shù);在區(qū)間(3,-a-1)上,f′(x)>0,f(x)為增函數(shù);在區(qū)間(-a-1,+∞)上,f′(x)<0,f(x)為減函數(shù).當(dāng)a>-4時(shí),x2<3=x1,則在區(qū)間(-∞,-a-1)上,f′(x)<0,f(x)為減函數(shù);在區(qū)間(-a-1,3)上,f′(x)>0,f(x)為增函數(shù);在區(qū)間(3,+∞)上,f′(x)<0,f(x)為減函數(shù).即a<-4時(shí),f(x)的單調(diào)遞增區(qū)間為(3,-a-1),單調(diào)遞減區(qū)間為(-∞,3),(-a-1,+∞);a>-4時(shí),f(x)的單調(diào)遞增區(qū)間為(-a-1,3),單調(diào)遞減區(qū)間為(-∞,-a-1),(3,+∞).(2)由(1)知,當(dāng)a>0時(shí),f(x)在區(qū)間(0,3)上單調(diào)遞增,在區(qū)間(3,4)上單調(diào)遞減,而f(0)=-(2a+3)e3<0,f(4)=(2a+13)e-1>0,f(3)=a+6,那么f(x)在區(qū)間[0,4]上的值域是[-(2a+3)e3,a+6].又在區(qū)間[0,4]上是增函數(shù),且它在區(qū)間[0,4]上的值域是,由于-(a+6)=a2-a+,所以必須且僅需且a>0,解得0<a<.故a的取值范圍是.【變式訓(xùn)練6】解:(1)當(dāng)θ=0,即sin θ=0時(shí),f(x)=4x3+,則f(x)在(-∞,+∞)內(nèi)是增函數(shù),故無(wú)極值.(2)f′(x)=12x2-6xsin θ,令f′(x)=0,得x1=0,x2=.當(dāng)x變化時(shí),f′(x)的符號(hào)及f(x)的變化情況如下表:x(-∞,0)0f′(x)+0-0+f(x)增極大值減極小值增因此函數(shù)f(x)在x=處取得極小值f,且f=-sin3θ+.要使f>0,必有-sin3θ+>0,可得0<sin θ<,所以0<θ<或<θ<π.(3)由(2)知,函數(shù)f(x)在區(qū)間(-∞,0)與內(nèi)都是增函數(shù).由題設(shè)函數(shù)f(x)在(2a-1,a)內(nèi)是增函數(shù),則a需滿足不等式組或由(2),參數(shù)θ滿足0<θ<或<θ<π時(shí),0<sin θ<,要使不等式2a-1≥sin θ關(guān)于參數(shù)θ恒成立,必有2a-1≥,故a≥.綜上所述,a的取值范圍是(-∞,0]∪.。
