《2020屆高三物理一輪復(fù)習(xí)收尾二輪專(zhuān)題突破檢測(cè) 牛頓運(yùn)動(dòng)定律及其應(yīng)用》由會(huì)員分享，可在線(xiàn)閱讀，更多相關(guān)《2020屆高三物理一輪復(fù)習(xí)收尾二輪專(zhuān)題突破檢測(cè) 牛頓運(yùn)動(dòng)定律及其應(yīng)用（16頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。
1、牛頓運(yùn)動(dòng)定律及其應(yīng)用 A組(45分鐘100分)一、選擇題(本大題共8小題,每小題8分,共64分。多選題已在題號(hào)后標(biāo)出)1.(多選)(2020濰坊一模)在下列運(yùn)動(dòng)過(guò)程中,人處于失重狀態(tài)的是()A.小朋友沿滑梯加速滑下B.乘客坐在沿平直路面減速行駛的汽車(chē)內(nèi)C.宇航員隨飛船繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)D.運(yùn)動(dòng)員離開(kāi)跳板后向上運(yùn)動(dòng)2.放在水平面上的一物體重45 kg,現(xiàn)用90 N的水平推力推該物體,此時(shí)物體的加速度為1.8 m/s2。當(dāng)物體運(yùn)動(dòng)后,撤掉水平推力,此時(shí)該物體的加速度大小為()A.1.8 m/s2B.0.2 m/s2C.2 m/s2D.2.8 m/s23.如圖所示,在光滑的水平地面上有兩個(gè)質(zhì)量相等的物
2、體,中間用勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧相連,在外力F1、F2的作用下運(yùn)動(dòng)。已知F1F2,當(dāng)運(yùn)動(dòng)達(dá)到穩(wěn)定時(shí),彈簧的伸長(zhǎng)量為()A.B.C.D.4.(2020南充二模)在水平地面上有一質(zhì)量為2kg的物體,物體在水平拉力F的作用下由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng),后撤去拉力。該物體運(yùn)動(dòng)的v-t圖像如圖所示,g取10m/s2,下列說(shuō)法正確的是()A.物體的最大位移是40 mB.物體受到的拉力F的大小為2.4NC.物體與地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.2D.前12 s內(nèi),拉力與阻力做功的代數(shù)和為8 J5.(多選)(2020濱州一模)2020年8月3日中國(guó)選手董棟在倫敦奧運(yùn)會(huì)奪得男子蹦床金牌,忽略空氣阻力,下面關(guān)于蹦床運(yùn)動(dòng)的說(shuō)法中正確
3、的是()A.運(yùn)動(dòng)員下落到剛接觸蹦床時(shí),速度最大B.運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí),床對(duì)運(yùn)動(dòng)員的作用力大于運(yùn)動(dòng)員對(duì)床的作用力C.從剛接觸蹦床到運(yùn)動(dòng)至最低點(diǎn)的過(guò)程中,運(yùn)動(dòng)員的加速度先減小后增大D.在下落過(guò)程中,重力對(duì)運(yùn)動(dòng)員所做的功等于其重力勢(shì)能的減小量6.(2020莆田二模)如圖所示,一根輕質(zhì)彈簧上端是固定的,下端掛一質(zhì)量為m0的平盤(pán),盤(pán)中有一物體,質(zhì)量為m,當(dāng)盤(pán)靜止時(shí),彈簧的長(zhǎng)度比其自然長(zhǎng)度伸長(zhǎng)了l,現(xiàn)向下拉盤(pán)使彈簧再伸長(zhǎng)l后停止,然后松手,設(shè)彈簧總處在彈性限度以?xún)?nèi),則剛松手時(shí)盤(pán)對(duì)物體的支持力等于()A.(1+)mg B.(1+)(m+m0)gC. mgD. (m+m0)g7.一個(gè)物體在多個(gè)力的作用下處于靜止?fàn)?/p>
4、態(tài),如果僅使其中一個(gè)力的大小逐漸減小到零,然后又從零逐漸恢復(fù)到原來(lái)的大小(此力的方向始終未變),在這一過(guò)程中其余各力均不變。那么,下列各圖中能正確描述該過(guò)程中物體速度變化情況的是()8.(多選)(2020西安二模)如圖所示,質(zhì)量為m的物體用細(xì)繩拴住放在粗糙的水平傳送帶上,物體距傳送帶左端的距離為L(zhǎng)。當(dāng)傳送帶分別以v1、v2的速度逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)(v1v2),穩(wěn)定時(shí)繩與水平方向的夾角為,繩的拉力分別為F1、F2;若剪斷細(xì)繩時(shí),物體到達(dá)左端的時(shí)間分別為t1、t2,則下列說(shuō)法正確的是()A.F1a2,且所分析的是速率與時(shí)間的關(guān)系,故選項(xiàng)C正確。8.【解析】選B、D。繩剪斷前物體的受力情況如圖所示,由平衡條
5、件得N+Fsin=mg,f=N=Fcos,解得:F=,F的大小與傳送帶的速度無(wú)關(guān),選項(xiàng)A錯(cuò)誤,B正確;繩剪斷后物體在速度不同的傳送帶上的加速度相同,若L,則兩次都是勻加速到達(dá)左端,t1=t2,若L,則物體在傳送帶上先加速再勻速到達(dá)左端,傳送帶速度小時(shí)需要的時(shí)間更長(zhǎng),t1t2,選項(xiàng)C錯(cuò)誤,D正確。9.【解析】(1)因?yàn)榛瑮U頂端所受拉力的大小與滑桿對(duì)這名學(xué)生拉力的大小相等,所以傳感器顯示的力的大小即為桿對(duì)這名學(xué)生的拉力的大小。由圖像可知,01s內(nèi),滑桿對(duì)學(xué)生的拉力F1=380N;5s后,滑桿對(duì)學(xué)生的拉力F3=500N,此時(shí)學(xué)生處于靜止?fàn)顟B(tài)。設(shè)學(xué)生在01s內(nèi)的加速度為a,取豎直向下為正方向,由牛頓第
6、二定律知,在01s內(nèi)mg-F1=ma (3分)5s后mg-F3=0 (3分)由可解得a=2.4m/s2 (2分)可知,這名學(xué)生在下滑的第1s內(nèi)做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng),而由圖像可知,在15s內(nèi),滑桿對(duì)學(xué)生的拉力F2mg,加速度方向豎直向上,學(xué)生做勻減速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng),所以第1s末,這名學(xué)生的速度達(dá)到最大vm=at=2.4m/s (2分)(2)設(shè)這名學(xué)生第1s內(nèi)加速下滑的距離為x1,15s內(nèi)減速下滑的距離為x2,則有x1=t1=1.2m (2分)x2=t2=4.8m (2分)5s內(nèi)該學(xué)生下滑的距離x=x1+x2=6.0m (2分)答案:(1)2.4m/s(2)6.0 m10.【解題指南】解答本題應(yīng)注意以下三點(diǎn)
7、:(1)小物塊恰好能在斜面體上保持靜止,靜摩擦力最大;(2)物塊落點(diǎn)最遠(yuǎn),則其速度最大,斜面體和物塊的加速度應(yīng)該最大;(3)小物塊離開(kāi)斜面體后做平拋運(yùn)動(dòng)?！窘馕觥?1)對(duì)m由平衡條件得:mgsin-2mgcos=0 (2分)解得:2=tan (1分)(2)對(duì)m設(shè)其最大加速度為am,由牛頓第二定律得:水平方向:Nsin+2Ncos=mam (2分)豎直方向:Ncos-2Nsin-mg=0 (2分)解得:am= (1分)對(duì)M、m整體由牛頓第二定律得:F-1(M+m)g=(M+m)am (2分)解得:F=1(M+m)g+(M+m) (1分)(3)對(duì)M、m整體由動(dòng)能定理得:Fd-1(M+m)gd=(M
8、+m)v2 (3分)解得:v=2 (1分)對(duì)m由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律得:水平方向:xP+=vt (2分)豎直方向:h=gt2 (2分)解得:xP=2- (1分)答案:(1)tan(2)1(M+m)g+(M+m)(3)2-B組1.【解析】選A、C。亞里士多德認(rèn)為力是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因,伽利略利用理想的完全光滑的斜面實(shí)驗(yàn)和邏輯推理發(fā)現(xiàn)力不是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因,而是改變物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因,選項(xiàng)A正確;物體之間普遍存在相互吸引力是牛頓第一次提出的,選項(xiàng)B錯(cuò)誤;亞里士多德認(rèn)為重物比輕物下落得快,伽利略應(yīng)用斜面結(jié)合數(shù)學(xué)推理及邏輯推理推翻了亞里士多德的觀點(diǎn),得出忽略空氣阻力的情況下,重物與輕物下落得同樣快的結(jié)論,選
9、項(xiàng)C正確;物體間的相互作用力總是大小相等、方向相反是牛頓第三定律的內(nèi)容,選項(xiàng)D錯(cuò)誤。2. 【解析】選B。小球A受力情況如圖所示,由牛頓第二定律得小球的加速度水平向左且恒定,物塊B與小球A的加速度相同,由牛頓第二定律可知物塊B所受摩擦力大小恒定,方向水平向左,選項(xiàng)B正確。3.【解析】選D。0t1時(shí)間內(nèi),F1=mg,電梯靜止;t1t2時(shí)間內(nèi),F2mg,電梯加速上升,加速度a=5m/s2,選項(xiàng)A錯(cuò)誤,D正確;t2t3時(shí)間內(nèi),F3=mg,電梯勻速上升,選項(xiàng)B錯(cuò)誤;t3t4時(shí)間內(nèi),F4kx時(shí),滑塊向左做加速運(yùn)動(dòng),由牛頓第二定律得f-kx=ma,隨著x的增大,加速度a減小;當(dāng)f=kx時(shí),a=0,速度達(dá)到最
10、大值;當(dāng)fmB B.AB,mAmBC.可能有mA=mB D.AmB【解析】選B。斜率表示物體質(zhì)量的倒數(shù),所以A的質(zhì)量小于B的質(zhì)量,A的重力小于B的重力,由于橫坐標(biāo)截距為物體受到的摩擦力大小,則A、B受到的摩擦力相等,那么AB,選項(xiàng)B正確。7.【解析】選B。撤去F后,在水平方向上物體受到彈簧的彈力和摩擦力的作用,由于彈力是變力,所以物體開(kāi)始不可能做勻變速運(yùn)動(dòng),A錯(cuò)誤;撤去F瞬間,水平方向上物體受到彈簧向左的彈力N=kx0和向右的摩擦力f=mg的作用,由牛頓第二定律可知a=-g,B正確;物體到達(dá)初位置時(shí),和彈簧分離,之后才開(kāi)始做勻減速運(yùn)動(dòng),運(yùn)動(dòng)位移為3x0,加速度大小a=g,由x=at2得t=,C
11、錯(cuò)誤;當(dāng)水平方向上物體受到的彈簧向左的彈力N=kx和向右的摩擦力f=mg平衡時(shí),物體具有最大速度,所以x=,物體開(kāi)始向左運(yùn)動(dòng)到速度最大,發(fā)生的位移為x0-x=x0-,D錯(cuò)誤。8.【解析】選A、D?；瑝KA上滑時(shí)加速度的大小a1=|m/s2=8.0m/s2,選項(xiàng)A正確;滑塊A下滑時(shí)的加速度a2=m/s2=4.0 m/s2,選項(xiàng)B錯(cuò)誤;由牛頓第二定律知A上滑時(shí)mgsin+mgcos=ma1,A下滑時(shí)mgsin-mgcos=ma2,解得=0.25,選項(xiàng)C錯(cuò)誤;在速度時(shí)間圖像中面積表示位移,滑塊A上滑時(shí)運(yùn)動(dòng)的位移為1m,選項(xiàng)D正確。9.【解析】(1)設(shè)小滑塊的加速度大小為a1,長(zhǎng)木板的加速度大小為a2,
12、由牛頓第二定律得:Eq-2mg=-ma1 (2分)解得:a1=3m/s2 (1分)2mg-1(m+M)g=Ma2 (2分)解得:a2=1m/s2 (1分)(2)設(shè)兩者經(jīng)過(guò)t時(shí)間相對(duì)靜止,此時(shí)的速度為v,則:v0-a1t=a2t=v (1分)解得:t=2s,v=2m/s (1分)這段時(shí)間內(nèi)小滑塊的位移:x1=v0t-a1t2=10m (1分)長(zhǎng)木板的位移x2=a2t2=2m (1分)由于此后兩者一起向右減速運(yùn)動(dòng),所以小滑塊最后距長(zhǎng)木板左端x=x1-x2=8m(1分)(3)設(shè)兩者一起向右運(yùn)動(dòng)的加速度大小為a3,由牛頓第二定律得:Eq-1(M+m)g=-(M+m)a3 (2分)解得:a3=m/s2
13、(1分)一起向右減速的位移:x3=6m (1分)由能量守恒得:Q=m+Eq(x1+x3)=6.4J (3分)答案:(1)3m/s21 m/s2(2)8 m(3)6.4 J10.【解題指南】解答本題應(yīng)注意以下兩點(diǎn):(1)物塊向左運(yùn)動(dòng)速度減為0時(shí)相對(duì)地面向左運(yùn)動(dòng)距離最大;(2)物塊向右運(yùn)動(dòng)過(guò)程先加速運(yùn)動(dòng)后勻速運(yùn)動(dòng)?！窘馕觥?1)設(shè)物塊與傳送帶間摩擦力大小為f,向左運(yùn)動(dòng)最大距離x1時(shí)速度變?yōu)?,由動(dòng)能定理得:f=mg(1分)fx1=m(2分)解得:x1=4.5m(1分)(2)設(shè)小物塊經(jīng)時(shí)間t1速度減為0,然后反向加速,設(shè)加速度大小為a,經(jīng)時(shí)間t2與傳送帶速度相等:v1-at1=0 (2分)由牛頓第二定律得:f=ma(2分)解得:t1=1.5s (1分)v0=at2 (2分)解得:t2=1s (1分)設(shè)反向加速時(shí),物塊的位移為x2,則有:x2=a=2m (2分)物塊與傳送帶同速后,將做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng),設(shè)經(jīng)時(shí)間t3再次回到B點(diǎn),則:x1-x2=v0t3 (2分)解得:t3=0.625s (1分)故物塊從B點(diǎn)沖上傳送帶到再次回到B點(diǎn)所用的時(shí)間:t=t1+t2+t3=3.125s(1分)答案:(1)4.5m(2)3.125 s
2020屆高三物理一輪復(fù)習(xí)收尾二輪專(zhuān)題突破檢測(cè) 牛頓運(yùn)動(dòng)定律及其應(yīng)用
