滬科版九年級物理《第十五章探究電路》達標測試題解析版.doc

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1、滬科版九年級物理第十五章探究電路達標訓練題（解析版）一選擇題（共14小題）1電阻是導體本身的一種性質(zhì)，在不考慮溫度影響的情況下，它的大?。ǎ〢只跟導體的材料有關 B只跟導體的長度有關C只跟導體的橫截面積有關 D跟導體的材料、長度、橫截面積均有關2由歐姆定律公式可知（）A同一導體兩端的電壓跟通過導體的電流成反比B導體兩端的電壓為零時，因為沒有電流通過，所以導體電阻為零C導體中的電流越大，導體的電阻就越小D導體電阻的大小，可以用它兩端的電壓與通過它的電流的比值來表示3由歐姆定律I=變形可得R=下列說法正確的是（）A導體電阻跟它兩端的電壓成正比B導體電阻跟通過它的電流成反比C導體電壓跟通過它的電流成

2、正比D導體電阻跟通過的電流和它兩端電壓無關4如圖所示的電路中，電源電壓保持不變，R1=2R2，閉合S、S1，斷開S2時，電壓表示數(shù)為5V，閉合S、S2，斷開S1時，電壓表示數(shù)為7V，則R：R2為（）A 3：2 B 3：3 C 7：5 D 5：75如圖所示的電路，電源電壓為6V且保持不變，R=10，當閉合開關S，電壓表的示數(shù)為2V以下判斷正確的是（）A通過電阻R的電流是0.6A B電阻R兩端的電壓是2VC通過燈泡L的電流是0.2A D燈泡L兩端的電壓是2V6如圖，已知電阻R1=20、R2=30，當開關閉合后，下列說法正確的是（）A R1與R2的電壓之比為2：3 B R1與R2的總電阻為50C R

3、1與R2的電流之比為2：3 D R1與R2消耗的電功率之比為3：27如圖是一個環(huán)境溫度監(jiān)控電路原理圖電源電壓不變，R0為定值電阻，R是用半導體材料制成的熱敏電阻，其電阻值會隨溫度的升高而變小閉合開關S，則下列說法正確的是（）A若環(huán)境溫度升高，R的阻值變大 B若環(huán)境溫度升高，電壓表示數(shù)變大C若環(huán)境溫度降低，通過R電流變大 D若環(huán)境溫度降低，通過R0電流變大8如圖所示的電路中，S1閉合S2斷開時，甲、乙是電流表，I甲：I乙=1：3，此時電路的總功率為P1；當S1、S2都閉合時，甲、乙是電壓表，此時電路的總功率為P2，則下列說法正確的是（）A電阻大小之比R1：R2=2：1B當S1閉合S2斷開時，通過

4、R1和R2的電流之比為I1：I2=1：2C S1、S2閉合時，甲乙電壓表示數(shù)之比U甲：U乙=3：1D總功率之比P1：P2=9：29某同學在只有電流表或電壓表的情況下想測量未知電阻Rx的阻值，其中電源電壓未知，定值電阻和滑動變阻器的最大阻值均已知，下列電路中，可以測出Rx阻值的是（）10如圖所示電源電壓額定且U=12V，R1=12R2=6，R3=4，閉合開關S后，電流表A1和A2的示數(shù)分別為（）A 3A 1A B 3A 3A C 5A 1A D 5A 3A11如圖所示，電源電壓保持不變，開關S閉合后，燈L1、L2都能正常工作，甲、乙兩個電表的示數(shù)之比是2：3，此時燈L1，L2的電阻之比是（）A

5、2：1 B 1：2 C 3：2 D 2：312如圖所示是A、B兩定值電阻的IU圖象，若把A、B電阻串聯(lián)在同一電路中，下列說法正確的是（）A通過A、B電阻的電流之比是2：1 B A的阻值大于B的阻值C A、B電阻的兩端電壓之比是1：2 D A、B電阻的電功率之比是1：413明香同學周六放假回家后，發(fā)現(xiàn)家里的一盞電燈不亮了于是她閉合開關S，用試電筆測試如圖中的a、b、c、d四點時，只有d點不發(fā)光（如圖），則電路的故障可能是（）A開關s接觸不良 B電燈的燈絲斷了C電燈的燈絲被短路了 D c、d之間的某處斷路了14下列做法中容易發(fā)生危險的是（）二填空題（共11小題）15如圖所示的電路中，電源電壓為12

6、V閉合開關后，電流表的示數(shù)為0.4A，電壓表的示數(shù)為8V，則電阻R2的阻值是_將滑動變阻器R1的滑片向右移動，電壓表的示數(shù)將變_16智能手機上已普遍使用電阻觸摸屏，如圖在豎直方向上觸摸屏相當于一根電阻絲，觸摸P點時電阻絲被分為上、下兩部分，電阻分別為R1、R2電源電壓不變，當觸摸點在豎直方向移動時，若測得R1兩端電壓減小，則R1阻值_，觸摸點P到屏下端的距離_（均填“增大”、“減小”或“不變”）17如圖所示的電路中，電源電壓為6V且不變，R1=R2=R3某同學誤將一電流表并聯(lián)在R1兩端，閉合開關后，電流表示數(shù)為0.5A，則R1=_發(fā)現(xiàn)錯誤后，該同學將圖中電流表換成了電壓表，則此時電壓表的示數(shù)是

7、_V，此時電路的總電阻為_導線中有電流時，發(fā)生定向移動的電荷是_電荷18如圖所示，電源電壓恒定，R1=20，閉合開關S，斷開開關S1，電流表示數(shù)是0.3A；若再閉合S1，發(fā)現(xiàn)電流表示數(shù)變化了0.2A，則電源電壓為_V，R2的阻值為_19有兩個電路元件A和B流經(jīng)各元件的電流I與其兩端電壓U的關系如圖所示把A、B元件并聯(lián)后接在1V電源兩端，并聯(lián)電路的總電流為_A，此時元件B的電阻是_20兩個電阻的規(guī)格分別為“6V 0.2A”和“3V 0.3A”，將它們串聯(lián)后接入電路，其總電壓不能超過_V；將它們并聯(lián)后接入電路，其總電流不能超過_A21如圖所示，在三孔插座的A、B、C三孔中，連接火線的是_孔，通過三

8、孔插頭和家用電器的金屬外殼相連的是_孔22在某一溫度下，兩個電路元件A和B中的電流與其兩端電壓的關系如圖所示則由圖象可知，元件A的電阻為_，將A和B并聯(lián)后接在電壓為2.0V的電源兩端，則通過A和B的總電流是_A23如圖所示電路，電源電壓不變閉合開關S，當滑片P向右移動時燈泡L的亮度_（選填“變亮”、“變暗”或“不變”），電流表示數(shù)_（選填“增大”“減小”或“不變”） 24如圖所示，當S2斷開，S1、S3閉合時，電壓表的示數(shù)為6V，電流表的示數(shù)為0.3A；當S2閉合，S1、S3斷開時，電壓表的示數(shù)為4V則R1=_，R2=_ 25圖1的電路中，電源電壓恒為12V，滑動變阻器銘牌上標有“100 0.

9、5A”字樣，圖2為R1的IU圖象，R1的阻值為_，當電路中的電流為0.2A時，滑動變阻器R2接入電路的阻值為_，為了不損壞滑動變阻器R2，接入電路的阻值應不小于_三實驗探究題（共3小題）26在“探究影響導體電阻大小的因素”實驗中，某實驗小組提出了如下猜想：猜想一：導題電阻跟導體長度有關；猜想二：導題電阻跟導體粗細有關；猜想三：導題電阻跟導體材料有關同學們想利用如圖的電路和表中的導體驗證上述猜想（1）請將猜想一的實驗設計思維路補充完整選取_和_相同、_不同的導體，分別將其接入如圖電路中通過比較電路中_的大小，判斷導體電阻的大?。?）驗證猜想三時，若需對比三個實驗數(shù)據(jù)，則應從上表中選取導體_（填寫

10、導體代號來進行實驗）27利用電源（兩節(jié)干電池）、開關、電流表（00.63A）、電壓表（0315V）、滑動變阻器、定值電阻5個（阻值相同）和導線若干探究電路中電流與電壓、電阻的關系（1）實驗原理：用筆畫線代替導線將圖（乙）實物按圖（甲）電路連接完整（2）探究電路中電流與電壓的關系小明的實驗操作如下：連接電路按圖（甲）連接電路，連接電路時，開關S應處于_狀態(tài)閉合開關S前，滑片P應置于_（填“A”或“B”）端閉合開關S，滑片移動到合適位置，電壓表示數(shù)為2.50V時，電流表示數(shù)如圖（丙），將此時通過電阻R的電流記入如表空白處實驗次數(shù)12345電壓U/V0.501.001.502.002.50電流I/A

11、0.100.200.300.40_移動滑片到不同的位置，讀出電壓表和電流表的示數(shù)，得到上表所示的數(shù)據(jù)分析表中數(shù)據(jù)得出結(jié)論：_由實驗數(shù)據(jù)還可以測出電阻R的阻值為_（3）探究電路中電流與電阻的關系請你接著小明的實驗繼續(xù)完成電流與電阻關系的探究，寫出你的主要實驗步驟28用如圖甲的電路測定量定值電阻R的阻值（1）測量電阻的實驗原理是_（2）按圖甲電路，將圖乙中的滑動變阻器正確連入電路（3）連接電路時，開關必須_，正確連接電路后，閉合開關前，滑動變阻器的阻值應處于_值（4）閉合開關將圖乙中的滑動變阻器的滑片P向左移動時，電流表的示數(shù)會_，當滑片P滑到某一位置時，電流表的示數(shù)為0.5A，電壓表的示數(shù)如圖丙

12、由此可知被測電阻的阻值R=_（5）該同學完成一次試驗后，為確保測量結(jié)果的準確性，接下來的操作是_A換用阻值不同的電阻再進行幾次測量 B調(diào)節(jié)滑動變阻器的滑片P到不同位置再進行四、綜合應用題（共2個小題）29如圖所示，電源電壓保持不變，小燈泡L標有“6V3W”的字樣，其電阻不隨溫度變化，滑動變阻器的最大阻值為18當S閉合，S1、S2都斷開時，滑動變阻器滑片P從b端向a端滑過三分之一時，小燈泡恰好正常發(fā)光保持滑片P的位置不變，閉合S、S1、S2，發(fā)現(xiàn)電路消耗的總功率變化了12W求：（1）小燈泡正常工作的電流（2）小燈泡的電阻（3）電源電壓（4）當開關S、S1、S2都閉合時，電路消耗總功率的最小值30

13、圖甲所示的電路圖，電源電壓恒定為6V，小燈泡L標有“3V 3W”的字樣，小燈泡的電流隨電壓的變化曲線如圖乙所示，求：（1）小燈泡正常發(fā)光時通過的電流為多少A？（2）當電流表示數(shù)為0.3A時，小燈泡兩端的電壓為多少V？（3）當電壓表示數(shù)為5V時，電路中的總電阻為多少？參考答案與試題解析一選擇題（共14小題）1考點：影響電阻大小的因素菁優(yōu)網(wǎng)版權所有專題：電壓和電阻分析：影響電阻大小的因素有：材料、長度、橫截面積和溫度；與電壓和電流無關解答：解：因為影響電阻大小的因素是導體的材料、長度、橫截面積和溫度；在不考慮溫度影響的情況下，它的大小與導體的材料、長度、橫截面積有關故選D點評：本題只要知道影響電阻

14、大小的因素即可解答要特別注意電阻的大小與電壓和電流無關2考點：歐姆定律菁優(yōu)網(wǎng)版權所有專題：歐姆定律分析：電阻一定時，通過導體的電流與電壓成正比；電壓一定時，通過導體的電流與電阻成反比；電阻是導體本身所具有的性質(zhì)，與通過它的電流、它兩端的電壓無關其大小等于導體兩端的電壓與通過導體的電流之比解答：解：A、電壓是形成的電流的原因，不會隨電流的變化而變化此選項錯誤；B、導體兩端的電壓為零時，電流為零，但導體電阻不為零此選項錯誤；C、導體中的電流越大，說明兩端電壓越大，但電阻不變此選項錯誤；D、在物理學中，導體的電阻等于兩端的電壓與通過的電流的比值此選項正確故選D點評：此題考查的是我們對歐姆定律特別是變

15、形公式R=的理解和應用，是基本規(guī)律的考查，需要正確理解電流、電壓、電阻三者之間的關系3考點：歐姆定律的變形公式菁優(yōu)網(wǎng)版權所有專題：歐姆定律分析：（1）導體電阻可由導體兩端的電壓值與流過導體的電流值的比值求得，但是電阻是導體本身的一種性質(zhì)，與流過的電流和兩端的電壓無關；（2）電壓是產(chǎn)生電流的原因，先有電壓后有電流解答：解：（1）電阻是導體本身的一種性質(zhì)，與兩端的電壓和通過的電流無關，R=是計算導體電阻大小的一種方法，故AB不正確，D正確；（2）電壓是產(chǎn)生電流的原因，不能說導體電壓跟通過它的電流成正比，故C不正確故選D點評：本題考查了學生對電阻計算式R=的理解與掌握，我們根據(jù)比值定義法定義了電阻，

16、但是電阻是由導體本身的性質(zhì)決定的，與通過它的電流及兩端的電壓是無關的，在學習中要注意體會和理解4考點：歐姆定律的應用菁優(yōu)網(wǎng)版權所有專題：電路和歐姆定律分析：當閉合S、S1，斷開S2時，R1與R串聯(lián)，電壓表測R兩端的電壓；當閉合S、S2，斷開S1時，R2與R串聯(lián)，電壓表測R兩端的電壓；根據(jù)歐姆定律表示出電壓表的示數(shù)求出兩種情況下電路中的電流之比，根據(jù)電壓一定時電流與電阻成反比表示出兩種情況下的電流之比，整理等式即可得出答案解答：解：當閉合S、S1，斷開S2時，R1與R串聯(lián)，電壓表測R兩端的電壓；當閉合S、S2，斷開S1時，R2與R串聯(lián)，電壓表測R兩端的電壓；由I=可得，兩種情況下的電流之比：=，

17、因電源的電壓一定時，電流與電阻成反比，所以，=，整理可得：=故選A點評：本題考查了串聯(lián)電路的特點和歐姆定律的靈活應用，關鍵是利用電源的電壓不變這一條件5考點：歐姆定律的應用；串聯(lián)電路的電流規(guī)律；串聯(lián)電路的電壓規(guī)律菁優(yōu)網(wǎng)版權所有專題：應用題；電路和歐姆定律分析：由電路圖可知，燈泡與電阻R串聯(lián)，電壓表測L兩端的電壓，根據(jù)串聯(lián)電路的電壓特點求出電阻R兩端的電壓，根據(jù)歐姆定律求出通過電阻R的電流，根據(jù)串聯(lián)電路的電流特點可知通過燈泡L的電流解答：解：由電路圖可知，燈泡與電阻R串聯(lián)，電壓表測L兩端的電壓，則燈泡L兩端的電壓是2V，故D正確；因串聯(lián)電路中總電壓等于各分電壓之和，所以，電阻R兩端的電壓：UR=

18、UUL=6V2V=4V，故B不正確；通過電阻R的電流：IR=0.4A，故A不正確；因串聯(lián)電路中各處的電流相等，所以，通過燈泡L的電流IL=IR=0.4A，故C不正確故選D點評：本題考查了串聯(lián)電路的特點和歐姆定律的應用，是一道較為簡單的應用題6考點：歐姆定律的應用；電功率的計算菁優(yōu)網(wǎng)版權所有專題：應用題；電路和歐姆定律；電能和電功率分析：由電路圖可知兩電阻并聯(lián)，根據(jù)并聯(lián)電路的電壓特點可知兩電阻兩端的電壓關系，根據(jù)電阻的并聯(lián)可求電路中的總電阻，根據(jù)歐姆定律可知通過兩電阻的電流關系，根據(jù)P=UI求出兩電阻消耗的電功率之比解答：解：由電路圖可知，R1與R2并聯(lián)，因并聯(lián)電路中各支路兩端的電壓相等，所以，

19、R1與R2的電壓之比為1：1，故A不正確；因并聯(lián)電路中總電阻的倒數(shù)等于各分電阻倒數(shù)之和，所以，R1與R2的總電阻為：R=12，故B不正確；由I=可得，R1與R2的電流之比為：=，故C不正確；由P=UI可得，R1與R2消耗的電功率之比為：=，故D正確故選D點評：本題考查了并聯(lián)電路的特點和歐姆定律、電功率公式的靈活應用，是一道即為簡單的應用題7考點：歐姆定律的應用菁優(yōu)網(wǎng)版權所有專題：應用題；電路和歐姆定律分析：由電路圖可知，R0與R串聯(lián)，電壓表測R0兩端的電壓根據(jù)環(huán)境的溫度可知熱敏電阻阻值的變化，根據(jù)歐姆定律可知電路中電流的變化和電壓表示數(shù)的變化解答：解：由電路圖可知，R0與R串聯(lián)，電壓表測R0兩

20、端的電壓當環(huán)境溫度升高時，熱敏電阻的阻值變小，電路中的總電阻變小，故A不正確；由I=可知，電路中的電流變大，由U=IR可知，R0兩端的電壓變大，即電壓表的示數(shù)變大，故B正確；同理，當環(huán)境溫度降低時，熱敏電阻的阻值變大，電路中的總電阻變大，電流變小，因串聯(lián)電路中各處的電流相等，所以，通過R和R0的電流變小，故CD不正確故選：B點評：本題考查了電路的動態(tài)分析，涉及到串聯(lián)電路的電流特點和歐姆定律的應用，利用好“熱敏電阻阻值會隨溫度的升高而變小”是關鍵8考點：歐姆定律的應用；電功率的計算菁優(yōu)網(wǎng)版權所有專題：計算題；歐姆定律；電能和電功率分析：（1）當S1閉合S2斷開時，R1、R2并聯(lián)，甲測R2支路電流

21、，乙測干路電流，已知甲、乙兩電流表的示數(shù)之比，根據(jù)并聯(lián)電路電流特點求出通過R1和R2的電流之比，根據(jù)歐姆定律求出電阻之比（2）當S1、S2都閉合時，甲、乙都是電壓表，R1、R2串聯(lián)，甲電壓表測電源的電壓，乙電壓表測R2兩端的電壓，根據(jù)串聯(lián)電路電流特點和歐姆定律求出兩電表示數(shù)之比；（3）根據(jù)P=求出總功率之比，解答：解：（1）當S1閉合S2斷開時，R1、R2并聯(lián)，甲測R2支路電流，乙測干路電流，則I甲=I2，I乙=I1+I2，I甲：I乙=1：3，I2：（I1+I2）=1：3，I1：I2=2：1，故B錯誤；U1：U2，由歐姆定律得：R1：R2=：=I2：I1=1：2，故A錯誤；（2）當S1、S2都

22、閉合時，甲、乙都是電壓表，R1、R2串聯(lián)，甲電壓表測電源的電壓，乙電壓表測R2兩端的電壓，串聯(lián)電路中電流處處相等，根據(jù)歐姆定律得：甲電壓表示數(shù)U甲=I（R1+R2），乙電壓表示數(shù)U乙=IR2，U甲：U乙=I（R1+R2）：IR2=（R1+R2）：R2=（1+2）：2=3：2，故C錯誤；（3）P1=+，P2=，P1：P2=（+）：=（R1+R2）2：R1R2=（1+2）2：12=9：2，故D正確故選D點評：本題考查了串聯(lián)電路和并聯(lián)電路的特點，以及歐姆定律的靈活運用，關鍵是開關閉合和斷開時電路串并聯(lián)的判斷9考點：歐姆定律的應用菁優(yōu)網(wǎng)版權所有專題：應用題；電路和歐姆定律分析：要測量電阻阻值，需要測出

23、電阻兩端電壓與通過電阻的電流，然后應用歐姆定律求出電阻阻值；分析圖示電路圖，應用串并聯(lián)電路特點與歐姆定律分析答題解答：解：A兩電阻串聯(lián)，電壓表測R0兩端的電壓，滑動變阻器處于最大阻值處時可以測出兩端的電壓，但其它位置無法測出或準確知道滑動變阻器接入電路中的電阻，所以無法利用串聯(lián)電路的特點和歐姆定律求出Rx的阻值，故A不正確；B兩電阻串聯(lián)，分別利用電流表測出滑片位于最大阻值處和0時電路中的電流，根據(jù)電阻的串聯(lián)和歐姆定律表示出電源的電壓，利用電源的電壓不變得出等式即可求出Rx的阻值，故B正確；C當開關S1閉合時，電路為R0的簡單電路，電流表測電路中的電流，根據(jù)歐姆定律表示出電源的電壓，當S1斷開時

24、，兩電阻串聯(lián)，電流表測電路中的電流，根據(jù)電阻的串聯(lián)和歐姆定律表示出電源的電壓，利用電源的電壓不變得出等式即可求出Rx的阻值，故C正確；D當開關S1閉合或斷開時，電壓表始終測電源的電壓，無法得出Rx兩端的電壓的通過的電流，測不出Rx的阻值，故D不正確故選BC點評：本題考查了測電阻阻值問題，要測電阻阻值，需要測出待測電阻兩端電壓與通過電阻電流，分析清楚圖示電路結(jié)構(gòu)、應用串并聯(lián)電路特點與歐姆定律即可正確解題 10考點：歐姆定律的應用；并聯(lián)電路的電流規(guī)律菁優(yōu)網(wǎng)版權所有專題：應用題；電路和歐姆定律分析：由電路圖可知，三電阻并聯(lián)，電流表A1測R2、R3支路的電流之和，電流表A2測R1、R2支路的電流之和；

25、根據(jù)并聯(lián)電路的電流特點求出各支路的電流，根據(jù)并聯(lián)電路的電流特點求出兩電流表的示數(shù)解答：解：電路的等效電路圖如下圖所示：三電阻并聯(lián)，電流表A1測R2、R3支路的電流之和，電流表A2測R1、R2支路的電流之和；因并聯(lián)電路中各支路兩端的電壓相等，所以，通過三電阻的電流分別為：I1=1A，I2=2A，I3=3A，因并聯(lián)電路中干路電流等于各支路電流之和，所以，電流表A1和A2的示數(shù)分別為：IA1=I2+I3=2A+3A=5A，IA2=I1+I2=1A+2A=3A故選D點評：本題考查了并聯(lián)電路的特點和歐姆定律的應用，關鍵是電路串并聯(lián)的辨別和電流表所測電路元件的判斷11考點：歐姆定律的應用菁優(yōu)網(wǎng)版權所有專題

26、：歐姆定律分析：根據(jù)電壓表并聯(lián)在電路中，電流表串聯(lián)在電路中確定甲乙儀表的種類，然后根據(jù)串聯(lián)電路的特點和歐姆定律求出兩燈泡的電阻之比解答：解：如果甲乙任何一個為電流表，將會形成短路，因此甲乙都為電壓表，此時燈L1、L2串聯(lián)連接，電壓表甲測量L2兩端電壓，電壓表乙測量電源電壓；因為串聯(lián)電路兩端電壓等于各部分電壓之和，并且甲、乙兩個電表的示數(shù)之比是2：3，所以燈L1、L2兩端電壓之比：U1：U2=（32）：2=1：2；又因為串聯(lián)電路電流相等，即I1=I2；由I=可得，R1：R2=：=U1：U2=1：2故選B點評：本題考查電壓表和電流表在電路中的作用、串聯(lián)電路的特點以及歐姆定律的應用，關鍵是明確甲乙儀

27、表的種類和測量對象12考點：歐姆定律的應用；電功率的計算菁優(yōu)網(wǎng)版權所有專題：歐姆定律；電能和電功率分析：（1）由圖象可知通過兩電阻的電流與兩端的電壓成正比即兩電阻是定值電阻，從圖象中讀出任意一點的電流和電壓值，根據(jù)歐姆定律求出兩電阻的阻值，然后比較兩電阻的阻值；（2）根據(jù)串聯(lián)電路的電流特點可知通過兩電阻的電流關系，根據(jù)歐姆定律求出兩電阻兩端的電壓關系，根據(jù)P=I2R求出兩個電阻的電功率之比解答：解：（1）由圖象可知，通過兩電阻的電流與兩端的電壓成正比即兩電阻是定值電阻，且UA=UB=3V時，IA=0.6A，IB=0.3A；根據(jù)歐姆定律可得，兩電阻的阻值分別為：RA=5，RB=10，所以A的電阻

28、值小于B的電阻值，故A錯誤；（2）因為串聯(lián)電路中各處的電流相等，所以通過A、B電阻的電流之比是1：1，故A不正確；A、B電阻的兩端電壓之比：=，故C正確；由P=I2R可知，A、B電阻的電功率之比：=，故D不正確故選C點評：本題考查了串聯(lián)電路的電流特點和歐姆定律、電功率公式的應用，關鍵是根據(jù)圖象判斷出兩電阻為定值電阻并讀出相關的信息13考點：家庭電路的故障分析菁優(yōu)網(wǎng)版權所有專題：電與熱、生活用電分析：測電筆是用來辨別火線和零線的：用手接觸筆尾的金屬體，筆尖接觸火線，測電筆的氖管將發(fā)光；試電筆測試圖中的a、b、c、d四點，只有d點不發(fā)光，則d點與火線斷開，a、b、c與火線連通的，據(jù)此判斷解答：解：

29、A、開關s接觸不良，b、c、d三點都不會發(fā)光，故A錯誤B、電燈的燈絲斷了，c、d兩點都不會發(fā)光，故B錯誤C、電燈的燈絲被短路了，形成電源短路，將燒壞導線，故C錯誤D、c、d之間的某處斷路了，a、b、c三點發(fā)光，d點不發(fā)光，故D正確故選D點評：本題考查了家庭電路故障的判斷、測電筆的使用，反應同學學以致用的能力，在正常情況下，測電筆測火線應亮，測零線應不亮14考點：安全用電原則菁優(yōu)網(wǎng)版權所有專題：電與熱、生活用電分析：（1）測電筆的正確使用是：手接觸筆尾金屬體，筆尖金屬體接觸零線或火線，氖管發(fā)光的是火線，氖管不發(fā)光的是零線；（2）安全用電的原則：不接觸低壓帶電體，不靠近高壓帶電體；（3）避雷針可使

30、周圍的空氣形成一條可以導電的通道，使電荷沿避雷針的針尖、金屬線流入大地，而不損壞建筑物；（4）發(fā)現(xiàn)有人觸電時，首先要切斷電源，再采取救援措施解答：解：A、使用測電筆時，手要與筆尾金屬體接觸，此選項符合安全用電原則；B、在高壓線下釣魚，很容易造成高壓電弧觸電，此選項不符合安全用電原則；C、安裝避雷針后，當有雷電時，電流會從避雷針傳入大地，從而避免電流通過建筑物產(chǎn)生破壞作用，此選項符合安全用電原則；D、發(fā)現(xiàn)有人時，首先要切斷電源，再采取救援措施；切不可帶電救人，容易造成救人者的人身傷害，此選項符合安全用電原則故選B點評：本題考查安全用電的有關問題，相對比較簡單，屬于基礎題二填空題（共11小題）15

31、考點：歐姆定律的應用；串聯(lián)電路的電流規(guī)律；串聯(lián)電路的電壓規(guī)律；滑動變阻器的使用菁優(yōu)網(wǎng)版權所有專題：計算題；壓軸題；動態(tài)預測題；圖析法分析：由電路圖可知，兩電阻串聯(lián)，電壓表測滑動變阻器兩端的電壓，電流表測電路中的電流；（1）根據(jù)串聯(lián)電路的電壓特點求出R2兩端的電壓，根據(jù)歐姆定律求出R2的阻值；（2）根據(jù)滑片的移動判斷接入電路電阻的變化，根據(jù)歐姆定律確定電路中電流的變化和R2兩端電壓的變化，再根據(jù)串聯(lián)電路的電壓特點確定電壓表示數(shù)的變化解答：解：由電路圖可知，R1、R2串聯(lián)，電壓表測滑動變阻器兩端的電壓U1，電流表測電路中的電流；（1）由題意可知，U=12V，I=0.4A，U1=8V，則U2=UU1

32、=12V8V=4V，R2=10（2）當將滑動變阻器R1的滑片向右移動時，接入電路的電阻減小，電路的總電阻變??；根據(jù)I=可知，電路中的電流變大；根據(jù)U=IR可知，R2兩端的電壓變大；根據(jù)串聯(lián)電路總電壓等于各分電壓之和可知，R1兩端的電壓變小，即電壓表的示數(shù)變小故答案為：10；小點評：判斷電壓表或者電流表示數(shù)變化的題目，需要按照以下步驟進行分析：（1）判斷電路的連接方式，并認清電路中電流表、電壓表的測量對象；（2）分析滑動變阻器的滑片移動時引起電路中總電阻的變化情況，并根據(jù)歐姆定律分析電路中總電流的變化情況，從而分析出電路中測量總電流的電流表的示數(shù)變化情況；（3）根據(jù)歐姆定律分析定值電阻兩端的電壓

33、變化情況，根據(jù)串、并聯(lián)電路中的電壓和電流關系分析其余電表變化情況16考點：歐姆定律的應用菁優(yōu)網(wǎng)版權所有專題：應用題；歐姆定律分析：從電路圖可知，R1、R2串聯(lián)，電流相等，根據(jù)公式U=IR可知，電阻越大，電阻兩端的電壓越大從電路圖可以看出R1的電阻變化與屏下端的距離的關系解答：解：R1、R2串聯(lián)，通過兩電阻的電流相等，當R1兩端電壓減小時，U=IR，R1的電阻在減小，從電路圖可以看出R1的電阻減小，應該是增大到屏下端的距離故答案為：減小；增大點評：本題考查了歐姆定律的應用和串聯(lián)電路的特點，關鍵是對電路圖的正確分析17考點：歐姆定律的應用；電流的形成；電阻的串聯(lián)菁優(yōu)網(wǎng)版權所有專題：應用題；電路和歐

34、姆定律分析：（1）當電流表并聯(lián)在R1兩端時，R2、R3串聯(lián)，根據(jù)歐姆定律求出電路中的總電阻，根據(jù)電阻的串聯(lián)和R1=R2=R3求出三電阻的阻值；（2）電流表換成了電壓表時，三電阻串聯(lián)，根據(jù)電阻的串聯(lián)和歐姆定律求出電路中的電流，再根據(jù)歐姆定律求出電壓表的示數(shù)；（3）正電荷定向移動的方向為電流的方向而多數(shù)情況下是負電荷定向移動形成電流，負電荷向右移動相當于正電荷向左移動解答：解：（1）當電流表并聯(lián)在R1兩端時，如下圖所示：由I=可得，電路中的總電阻：R=12，因串聯(lián)電路中總電阻等于各分電阻之和，且R1=R2=R3，所以，R1=R2=R3=6；（2）電流表換成了電壓表時，如下圖所示：電路中的總電阻：R

35、=R1+R2+R3=6+6+6=18，電路中的電流：I=A，電壓表的示數(shù)U1=IR1=A6=2V；（3）金屬導體中是靠自由電子定向移動形成電流的，而電子是負電荷故答案為：6；2；18；負點評：本題考查了串聯(lián)電路的特點和歐姆定律的應用以及電流的形成，關鍵是電路接電壓表和電流表時電路的判斷 18考點：歐姆定律的應用菁優(yōu)網(wǎng)版權所有專題：電路和歐姆定律分析：（1）閉合S，斷開S1時，電路為R1的簡單電路，根據(jù)歐姆定律求出電源的電壓；（2）若再閉合S1時，兩電阻并聯(lián)，電流表測干路電流，根據(jù)并聯(lián)電路的電流特點可知電流表示數(shù)的變化即為R2支路的電流，根據(jù)并聯(lián)電路的電壓特點和歐姆定律求出R2的阻值解答：解：（

36、1）閉合S，斷開S1時，電路為R1的簡單電路；由I=可知，電源的電壓：U=U1=I1R1=0.3A20=6V；（2）若再閉合S1時，兩電阻并聯(lián)，則U2=U=6V，電流表示數(shù)的變化量即為R2支路的電流，則I2=0.2A；由I=可知，R2=30故答案為：6；30點評：本題考查了并聯(lián)電路的特點和歐姆定律的靈活運用，關鍵是能判斷出開關S1時電流表示數(shù)的變化即為通過R2支路的電流19考點：歐姆定律的應用菁優(yōu)網(wǎng)版權所有專題：圖析法；歐姆定律分析：分析AB的UI圖象，分別找出電壓為1對應的電流值：元件A（1V0.2A），元件B（1V0.1A），根據(jù)并聯(lián)電路的電流特點可求干路電流利用歐姆定律求元件B的電阻值解

37、答：解：當將A和B并聯(lián)后接在電壓為1V的電源上時，由圖可知：A的電流是0.2A，B的電流是0.1A，A和B并聯(lián)在電路中，干路電流等于各支路的電流之和，干路電流是0.3A由歐姆定律得：RB=10，故答案為：0.3；10點評：本題考查并聯(lián)電路的特點和歐姆定律的應用，關鍵是會從A、B電阻的UI圖象上找出UI對應值20考點：歐姆定律的應用菁優(yōu)網(wǎng)版權所有專題：應用題；電路和歐姆定律分析：（1）串聯(lián)電路處處電流相等，為了不損壞電阻，比較兩電阻允許通過的最大電流，選其中較小的電流，然后根據(jù)歐姆定律的變形公式求出電阻的阻值，再利用U=IR即可求出電源電壓的最大值；（2）并聯(lián)電路兩端電壓相等，為了不損壞電阻，然

38、后兩電阻兩端的電壓，選其中較小的電壓再根據(jù)歐姆的變形公式和并聯(lián)電路的電流規(guī)律，可求出干路中的電流解答：解：（1）從題可知，I1=0.2A，I2=0.3A，因串聯(lián)電路中各處各處的電流相等，且I1I2，所以，當它們串聯(lián)接到電路里時，為了讓每一個用電器都工作，串聯(lián)電路中的電流為I2=0.2A；由I=可得，兩電阻的阻值：R1=30，R2=10，因串聯(lián)電路中總電阻等于各分電阻之和，所以，電路兩端的最大電壓：U=I2（R1+R2）=0.2A（30+10）=8V；（2）當它們并聯(lián)接到電路里時，U1=6V，U2=3V，因并聯(lián)電路中各支路兩端的電壓相等，且U1U2，所以，為了讓每一個用電器都工作，并聯(lián)電路兩端的

39、電壓為U=3V，此時I1=0.1A，因并聯(lián)電路中干路電流等于各支路電流之和，所以，干路的最大電流：I=I1+I2=0.1A+0.3A=0.4A故答案為：8；0.4點評：本題考查了串聯(lián)電路的特點和并聯(lián)電路的特點以及歐姆定律的應用，關鍵是知道對于額定電壓和額定電流不同的兩個電阻來說，串聯(lián)時比較電流取小的，并聯(lián)時比較電壓取小的 21考點：插座的構(gòu)造與工作方式；測電筆的使用菁優(yōu)網(wǎng)版權所有專題：歐姆定律分析：（1）如圖用手指接觸測電筆筆尾的金屬體，筆尖接觸火線，氖管會發(fā)光，則筆尖接觸的是火線；（2）三孔插座中間多出的那個孔是用來接地線的，當用電器的三腳插頭插入時，用電器的金屬外殼通過三孔插座的C孔與大地

40、相連通，如果金屬外殼漏電，地線將人體短路，防止人觸電解答：解：測電筆筆尖接觸B孔的電線時，氖管發(fā)光，說明測電筆的筆尖接觸的是火線，可見，連接火線的是B孔；三孔插座比兩孔插座多的C孔是跟大地連接的，通過三孔插頭和家用電器的金屬外殼相連故答案為：火，大地點評：此題主要考查測電筆的使用方法和使用三孔插座的接法，要求明白其中的道理，注意用電安全22考點：歐姆定律的應用；并聯(lián)電路的電流規(guī)律；并聯(lián)電路的電壓規(guī)律菁優(yōu)網(wǎng)版權所有專題：計算題；電路和歐姆定律分析：（1）由圖象可知，A和B的圖象為正比例函數(shù)，兩元件為定值電阻，從A圖象中讀出任意一定的電壓和電流，根據(jù)歐姆定律求出元件A的電阻；（2）將A和B并聯(lián)后接

41、在電壓為2.0V的電源兩端時，它們兩端的電壓均為2.0V，根據(jù)圖象讀出通過的電流，再根據(jù)并聯(lián)電路的電壓特點求出總電流解答：解：（1）由圖象可知，A和B的圖象為正比例函數(shù)，兩元件為定值電阻，由圖象可知，當UA=2V時，IA=0.4A，根據(jù)歐姆定律可得：RA=5；（2）將A和B并聯(lián)后接在電壓為2.0V的電源兩端時，它們兩端的電壓均為2.0V，由圖象可知：IA=0.4A，IB=0.2A，并聯(lián)電路中干路電流等于各支路電流之和，通過A和B的總電流：I=IA+IB=0.4A+0.2A=0.6A故答案為：5；0.6點評：本題考查了并聯(lián)電路的特點和歐姆定律的應用，關鍵是從圖象中得出兩電路元件是定值電阻且能得出

42、相關的信息23考點：歐姆定律的應用；電路的動態(tài)分析菁優(yōu)網(wǎng)版權所有專題：電路變化分析綜合題分析：開關閉合后，燈泡與滑動變阻器并聯(lián)，電流表測量滑動變阻器的電流，根據(jù)并聯(lián)電路電路的特點，并結(jié)合歐姆定律判斷燈泡亮度的變化以及電流表示數(shù)的變化解答：解：因L與滑動變阻器并聯(lián)，由于并聯(lián)電路兩端電壓始終等于電源電壓，故燈泡兩端電壓不變，故燈泡的亮度不變；當滑片右移時，滑動變阻器接入電阻變大，則由歐姆定律可得，通過滑動變阻器的電流減小，故電流表示數(shù)將減小故答案為：不變；減小點評：本題考查了歐姆定律和并聯(lián)電路特點的應用，關鍵是分清電路的連接方式以及并聯(lián)電路特點的熟練應用24考點：歐姆定律的應用菁優(yōu)網(wǎng)版權所有專題：

43、圖析法；歐姆定律分析：根據(jù)開關的通斷情況，首先畫出等效電路圖，再進一步明確電路的連接方式，應用歐姆定律和串并聯(lián)電路的電流、電壓規(guī)律來進行求解解答：解：當S2斷開，S1、S3閉合時，等效電路如圖1所示：兩電阻并聯(lián)，電壓表的示數(shù)為電源電壓，即U=6V，電流表測電阻R1的電流，則R1=20；當S2閉合，S1、S3斷開時，等效電路如圖2所示：兩電阻串聯(lián)，電壓表測R1兩端的端的電壓，由串聯(lián)分壓可知，R2兩端的電壓U2=UU1=6V4V=2V，電路中的電流I2=0.2A，則R2=10故答案為：20；10點評：畫等效電路圖是電學動態(tài)電路類題目中常用的方法之一，它可以使復雜的電路簡單化，從而更易發(fā)現(xiàn)電路中的變

44、化規(guī)律，在此基礎上再進一步運用歐姆定律等原理進行解答就會變得更容易25考點：歐姆定律的應用；串聯(lián)電路的電流規(guī)律；串聯(lián)電路的電壓規(guī)律菁優(yōu)網(wǎng)版權所有專題：計算題；圖析法分析：（1）根據(jù)R1的IU圖象讀出任意一點電流和對應的電壓，根據(jù)歐姆定律求出R1的阻值；（2）由圖象讀出當電路中的電流為0.2A時對應的電壓，根據(jù)串聯(lián)電路的電壓特點求出R1兩端的電壓，根據(jù)歐姆定律求出滑動變阻器R2接入電路的阻值；（3）根據(jù)滑動變阻器的銘牌可知電路中的最大電流，根據(jù)歐姆定律求出電路中的最小電阻，再根據(jù)電阻的串聯(lián)求出接入電路的最小值解答：解：（1）由圖象可知，當U1=6V時，I1=0.3A，則R1=20；（2）由電路圖

45、可知，兩電阻串聯(lián)，由圖象可知當電路中的電流I=0.2A時，U1=4V，則U2=UU1=12V4V=8V，R2=40；（3）由滑動變阻器的銘牌可知，電路中的最大電流Imax=0.5A，則電路中的最小總電阻R總min=24，滑動變阻器接入電路的最小值R2min=R總minR1=2420=4故答案為：20；40；4點評：本題考查了串聯(lián)電路的特點和歐姆定律的應用，關鍵是根據(jù)圖象得出相關的信息和根據(jù)滑動變阻器允許通過的最大電流確定電路中的最小電阻三實驗探究題（共3小題）26考點：影響電阻大小的因素菁優(yōu)網(wǎng)版權所有專題：探究型實驗綜合題分析：影響電阻大小的因素是：材料、長度、橫截面積、溫度，在探究過程中需用

46、到控制變量法，不加特殊說明，認為溫度相同解答：解：為了研究導體電阻與導體長度的關系，則需使導體的材料和橫截面積相同，長度不同，應選用的三種導體是B、D、E，分別將其接入如圖電路中通過比較電路中電流的大小，判斷導體電阻的大小；為了研究導體電阻與橫截面積的關系，則需使導體的材料和長度相同，橫截面積不同，應選用的三種導體是A、B、C，分別將其接入如圖電路中通過比較電路中電流的大小，判斷導體電阻的大小；為了研究導體電阻與導體材料的關系，則需使導體的長度和橫截面積相同，材料不同，應選用的三種導體是C、F、G，分別將其接入如圖電路中通過比較電路中電流的大小，判斷導體電阻的大小故答案為：（1）材料；橫截面積

47、；長度；電流；（2）C、F、G點評：本題考查探究電阻大小的影響因素，實驗時注意使用控制變量法，控制變量法是物體學研究中經(jīng)常用到的，例如探究影響浮力大小的因素、影響液體壓強大小的因素，電流和電壓、電阻的關系、影響滑動摩擦力大小的因素等27考點：探究電流與電壓、電阻的關系實驗菁優(yōu)網(wǎng)版權所有專題：探究型實驗綜合題分析：（1）將電壓表與電阻并聯(lián)，根據(jù)電源電壓確定電壓表的量程；將電流表與電阻串聯(lián)，注意正負接線柱的接法；（2）為保護電路，連接電路時，開關斷開，閉合開關前，將滑片移至最大阻值處；根據(jù)圖丙讀出電流表的示數(shù)，注意量程和分度值；分析表格中數(shù)據(jù)，得出電流和電壓的正比例關系；根據(jù)R=計算出電阻的阻值；

48、（3）要探究電流和電阻的關系，需保持電阻兩端的電壓不變，可通過將電阻串聯(lián)的方法來改變電阻解答：解：（1）將電壓表與電阻并聯(lián)，電源電壓為3V，所以電壓表可選擇03V的量程；將電流表與電阻串聯(lián)，如圖所示：（2）為保護電路，連接電路時，開關斷開；由圖知，滑動變阻器的下面接了左邊的A接線柱，所以閉合開關前，將滑片移至最右端即B端，使其阻值最大；由圖丙知，電流表的量程為00.6A，分度值為0.02A，示數(shù)為0.5A；根據(jù)表格中數(shù)據(jù)，可看出電壓和電流的比值為一定值，可知電阻不變，導體中的電流與它兩端的電壓成正比；由第二組數(shù)據(jù)知，R=5；（3）可分別將一個電阻、2個電阻串聯(lián)、3個電阻串聯(lián)來改變電阻，并通過移

49、動滑片使電壓表的示數(shù)保持某一值不變，記錄電流表的示數(shù)分析得出結(jié)論故答案為：（1）連接電路如圖所示；（2）斷開；B；0.50；電阻不變，導體中的電流與它兩端的電壓成正比；5；（3）在原來電路基礎上移動滑動變阻器，使電壓表示數(shù)為2.5伏，斷開開關；取下原來電阻，依次取2個，3個，4個，5個定值電阻串聯(lián)后再接入原來電阻位置處，移動滑動變阻器滑片使電壓表示數(shù)保持2.5伏不變，分別記下電流表示數(shù)；分析數(shù)據(jù)得出結(jié)論點評：本題考查了電流表和電壓表的連接、電流表的讀數(shù)、實驗數(shù)據(jù)處理及實驗操作的設計等問題，要注意實驗中控制變量法的應用28考點：伏安法測電阻的探究實驗菁優(yōu)網(wǎng)版權所有專題：探究型實驗綜合題分析：（1

50、）測電阻的實驗原理是歐姆定律的變形公式；（2）滑動變阻器按一上一下的原則串聯(lián)在電路中，要注意電路圖和實物圖的對應性；（3）為防止電路中電流過大，燒壞電路元件，連接電路時開關應斷開，閉合開關前滑動變阻器的阻值處于最大阻值處；（4）根據(jù)滑片的移動可知接入電路中電阻的變化，根據(jù)歐姆定律可知電路中電流的變化即電流表示數(shù)的變化；根據(jù)電壓表的量程和分度值讀出示數(shù)，利用歐姆定律求出待測電阻的阻值；（5）伏安法測電阻的實驗中，需要多次測量求平均值減小誤差解答：解：（1）測量電阻的實驗原理是R=；（2）滑動變阻器按一上一下的原則串聯(lián)在電路中，如下圖所示：（3）為保護電路，連接電路時，開關應斷開，閉合開關前，滑動

51、變阻器的阻值應處于最大阻值處；（4）將圖乙中的滑動變阻器的滑片P向左移動時，接入電路中的電阻變小，電路中的總電阻變小，由I=可知，電路中的電流變大，即電流表的示數(shù)變大；由圖丙可知，電壓表的量程為03V，分度值為0.1V，示數(shù)為2.5V，則待測電阻的阻值Rx=5；（5）該同學完成一次試驗后，為確保測量結(jié)果的準確性，接下來的操作是調(diào)節(jié)滑動變阻器的滑片P到不同位置再進行故答案為：（1）R=；（2）如上圖所示；（3）斷開；最大；（4）變大；5；（5）B點評：本題考查了伏安法測電阻的實驗，涉及到實驗的原理和滑動變阻器的連接、實驗的注意事項、歐姆定律的應用和減小誤差的方法等，滑動變阻器連接時要注意電路圖和

52、實物圖的對應性四、綜合應用題（共2個小題）29考點：歐姆定律的應用；電功率的計算菁優(yōu)網(wǎng)版權所有專題：應用題；電路和歐姆定律；電能和電功率分析：（1）小燈泡正常發(fā)光時的功率和額定功率相等，根據(jù)P=UI求出正常工作時的電流；（2）知道燈泡正常發(fā)光中的電壓和電流，根據(jù)歐姆定律求出小燈泡的電阻；（3）當S閉合，S1、S2都斷開，滑動變阻器滑片P從b端向a端滑過三分之一時，燈泡與變阻器的電阻串聯(lián)，由燈泡正常發(fā)光可知電路中的電流，根據(jù)電阻的串聯(lián)和歐姆定律求出電源的電壓；（4）根據(jù)P=UI求出此時電路中的總功率，保持滑片P的位置不變，閉合S、S1、S2時，R0與變阻器的電阻并聯(lián)，根據(jù)電路消耗的總功率變化了1

53、2W可知此時電路中的總功率，根據(jù)并聯(lián)電路的電壓特點和P=求出R消耗的電功率，進一步求出R0的電功率；要使電路消耗的總功率最小，應使滑動變阻器接入電路中的電阻最大，根據(jù)P=求出變阻器消耗的最小功率，然后加上R0消耗的電功率即為電路消耗總功率的最小值解答：解：（1）小燈泡正常發(fā)光時的電壓UL=6V，功率PL=3W，由P=UI可得，小燈泡正常工作的電流：IL=0.5A；（2）由I=可得，燈泡的電阻：RL=12；（3）當S閉合，S1、S2都斷開，滑動變阻器滑片P從b端向a端滑過三分之一時，燈泡與變阻器的電阻串聯(lián)，因串聯(lián)電路中各處的電流相等，且燈泡正常發(fā)光，所以，電路中的電流I=IL=0.5A，因串聯(lián)電

54、路中總電阻等于各分電阻之和，所以，電源的電壓：U=I（RL+）=0.5A（12+18）=12V；（4）此時電路消耗的總功率：P=UI=12V0.5A=6W，保持滑片P的位置不變，閉合S、S1、S2時，R0與變阻器的電阻并聯(lián)，因電路消耗的總功率變化了12W，所以，電路中的總功率：P=12W+6W=18W，因并聯(lián)電路中各支路兩端的電壓相等，所以，滑動變阻器消耗的電功率：PR=12W，R0的電功率：P0=PPR=18W12W=6W；要使電路消耗的總功率最小，應使滑動變阻器接入電路中的電阻最大，變阻器消耗的最小功率：PRmin=8W，電路中的最小總功率：Pmin=P0+PRmin=6W+8W=14W答

55、：（1）小燈泡正常工作的電流為0.5A；（2）小燈泡的電阻為12；（3）電源電壓為12V；（4）當開關S、S1、S2都閉合時，電路消耗總功率的最小值為14W點評：本題考查了串并聯(lián)電路的特點和歐姆定律、電功率公式的靈活應用，關鍵是滑動變阻器接入電路中電阻的判斷30考點：歐姆定律的應用；電功率的計算菁優(yōu)網(wǎng)版權所有專題：應用題；電路和歐姆定律；電能和電功率分析：（1）燈泡正常發(fā)光時兩端的電壓和額定電壓相等，根據(jù)P=UI求出正常發(fā)光時的電流；（2）由圖象可知電流表的示數(shù)為0.3A時，小燈泡兩端的電壓；（3）根據(jù)串聯(lián)電路的電壓特點求出電壓表的示數(shù)為5V時小燈泡兩端的電壓，根據(jù)圖象讀出電路中的電流，根據(jù)歐

56、姆定律求出電路中的總電阻解答：解：（1）小燈泡正常發(fā)光時兩端的電壓UL額=3V，PL額=3W，由P=UI可得，通過小燈泡的電流：I=1A；（2）由圖象可知，當電流表的示數(shù)為0.3A時，燈泡兩端的電壓為2.5V；（3）因串聯(lián)電路中總電壓等于各分電壓之和，所以，當電壓表示數(shù)為5V時小燈泡兩端的電壓：UL=UUR=6V5V=1V，由圖象可知，電路中的電流I=0.2A，由I=可得，電路中的總電阻：R=30答：（1）小燈泡正常發(fā)光時通過的電流為1A；（2）當電流表示數(shù)為0.3A時，小燈泡兩端的電壓為2.5V；（3）當電壓表示數(shù)為5V時，電路中的總電阻為30點評：本題考查了電功率公式和串聯(lián)電路的特點、歐姆定律的應用，關鍵是根據(jù)圖象讀出電壓對應的電流