《廣西2020版高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí) 單元質(zhì)檢七 不等式、推理與證明 文》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《廣西2020版高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí) 單元質(zhì)檢七 不等式、推理與證明 文（7頁珍藏版）》請?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。
1、單元質(zhì)檢七 不等式、推理與證明
(時間:45分鐘 滿分:100分)
一、選擇題(本大題共12小題,每小題6分,共72分)
1.(2018山東濟(jì)寧期末)已知a>0,b>0,且1a,12,1b成等差數(shù)列,則a+9b的最小值為( )
A.16 B.9 C.5 D.4
答案A
解析∵1a,12,1b成等差數(shù)列,∴1a+1b=1.
∴a+9b=(a+9b)1a+1b=10+ab+9ba≥10+2ab·9ba=16,
當(dāng)且僅當(dāng)ab=9ba,且1a+1b=1,即a=4,b=43時等號成立.
故選A.
2.正弦函數(shù)是奇函數(shù),f(x)=sin(x2
2、+1)是正弦函數(shù),因此f(x)=sin(x2+1)是奇函數(shù).以上推理( )
A.結(jié)論正確 B.大前提不正確
C.小前提不正確 D.全不正確
答案C
解析因?yàn)閒(x)=sin(x2+1)不是正弦函數(shù),所以小前提不正確.
3.若x,y滿足約束條件x≥0,x+y-3≥0,x-2y≤0,則z=x+2y的取值范圍是( )
A.[0,6] B.[0,4] C.[6,+∞) D.[4,+∞)
答案D
解析畫出約束條件x≥0,x+y-3≥0,x-2y≤0所表示的平面區(qū)域?yàn)閳D中陰影部分所示,
由目標(biāo)函數(shù)z=x+2y得直線l:y=-12x+12z,
當(dāng)l經(jīng)過點(diǎn)B(2,1)時,z取最小值
3、,zmin=2+2×1=4.
又因?yàn)閦無最大值,所以z的取值范圍是[4,+∞),故選D.
4.若2x+2y=1,則x+y的取值范圍是( )
A.[0,2] B.[-2,0]
C.[-2,+∞) D.(-∞,-2]
答案D
解析∵2x+2y=1≥22x+y,
∴122≥2x+y,即2x+y≤2-2.∴x+y≤-2.
5.袋中裝有偶數(shù)個球,其中紅球、黑球各占一半.甲、乙、丙是三個空盒.每次從袋中任意取出兩個球,將其中一個球放入甲盒,如果這個球是紅球,就將另一個球放入乙盒,否則就放入丙盒.重復(fù)上述過程,直到袋中所有球都被放入盒中,則( )
A.乙盒中黑球不多于丙盒中黑球
B.
4、乙盒中紅球與丙盒中黑球一樣多
C.乙盒中紅球不多于丙盒中紅球
D.乙盒中黑球與丙盒中紅球一樣多
答案B
解析若乙盒中放入的是紅球,則須保證抽到的兩個均是紅球;若乙盒中放入的是黑球,則須保證抽到的兩個球是一紅一黑,且紅球放入甲盒;若丙盒中放入的是紅球,則須保證抽到的兩個球是一紅一黑,且黑球放入甲盒;若丙盒中放入的是黑球,則須保證抽到的兩個球都是黑球;又由于袋中有偶數(shù)個球,且紅球、黑球各占一半,則每次從袋中任取兩個球,直到袋中所有球都被放入盒中時,抽到兩個紅球的次數(shù)與抽到兩個黑球的次數(shù)一定是相等的,故乙盒中紅球與丙盒中黑球一樣多,故選B.
6.已知實(shí)數(shù)x,y滿足x+y≥1,x-y≥-1,
5、2x-y≤2,則z=4x+3y的最大值為( )
A.3 B.4 C.18 D.24
答案D
解析畫出滿足條件x+y≥1,x-y≥-1,2x-y≤2的平面區(qū)域,如圖所示:
由x-y=-1,2x-y=2,解得A(3,4),由z=4x+3y得y=-43x+13z,結(jié)合圖象得直線過點(diǎn)A(3,4)時,z最大,z的最大值是24,故選D.
7.已知不等式1a-b+1b-c+λc-a>0對滿足a>b>c恒成立,則λ的取值范圍是( )
A.(-∞,0] B.(-∞,1) C.(-∞,4) D.(4,+∞)
答案C
解析變形得λ<(a-c)1a-b+1b-c=[(a-b)+(b-c)]·1
6、a-b+1b-c=1+a-bb-c+b-ca-b+1,而1+a-bb-c+b-ca-b+1≥4(當(dāng)且僅當(dāng)(a-b)2=(b-c)2時等號成立),則λ<4.故選C.
8.已知關(guān)于x的不等式ax2-5x+b>0的解集為x x<-13或
x>12,則不等式bx2-5x+a>0的解集為( )
A.x-1312
C.{x|-32}
答案C
解析由題意知a>0,且12,-13是關(guān)于x的方程ax2-5x+b=0的兩根,∴-13+12=5a,-13×12=ba,解得a=30,b=-5,
∴bx2-5x+a>0為-5x2-5
7、x+30>0,x2+x-6<0,解得-30),即x=80時等號成立,故選B.
10.已知實(shí)數(shù)x,y滿足約束條件x-y+1≥0,2x+y-a≥0,2x-y-4≤0.若z=y+1x+1的最小值為-
8、14,則正數(shù)a的值為( )
A.76 B.1 C.34 D.89
答案D
解析實(shí)數(shù)x,y滿足約束條件x-y+1≥0,2x+y-a≥0,2x-y-4≤0的可行域如圖陰影部分.
已知a>0,由z=y+1x+1表示過點(diǎn)(x,y)與點(diǎn)(-1,-1)的直線的斜率,且z的最小值為-14,
所以點(diǎn)A與點(diǎn)(-1,-1)連線的斜率最小,
由2x+y-a=0,2x-y-4=0,解得A1+a4,a2-2,z=y+1x+1的最小值為-14,即y+1x+1min=a2-2+1a4+1+1=2a-4a+8=-14,解得a=89.故選D.
11.(2018山東煙臺二模)已知P(x,y)為區(qū)域y2-4x2
9、≤0,a≤x≤0內(nèi)的任意一點(diǎn),當(dāng)該區(qū)域的面積為4時,z=x-2y的最小值是( )
A.-52 B.-32 C.-2 D.0
答案A
解析畫出不等式組表示的平面區(qū)域,如圖所示,則A(a,2a),B(a,-2a),
S△ABO=12×|a|×|4a|=2a2=4,
解得a=-2(正值舍去),
所以A-2,-22,B-2,22.
由目標(biāo)函數(shù)的幾何意義可得,當(dāng)z=x-2y過點(diǎn)B時取得最小值,此時z=x-2y=-2-2×22=-52.
故選A.
12.已知任意非零實(shí)數(shù)x,y滿足3x2+4xy≤λ(x2+y2)恒成立,則實(shí)數(shù)λ的最小值為( )
A.4 B.5 C.115 D.7
10、2
答案A
解析依題意,得3x2+4xy≤3x2+[x2+(2y)2]=4(x2+y2)(當(dāng)且僅當(dāng)x=2y時等號成立).
因此有3x2+4xyx2+y2≤4,當(dāng)且僅當(dāng)x=2y時等號成立,
即3x2+4xyx2+y2的最大值是4,結(jié)合題意得λ≥3x2+4xyx2+y2,
故λ≥4,即λ的最小值是4.
二、填空題(本大題共4小題,每小題7分,共28分)
13.觀察分析下表中的數(shù)據(jù):
多面體
面數(shù)(F)
頂點(diǎn)數(shù)(V)
棱數(shù)(E)
三棱柱
5
6
9
五棱錐
6
6
10
正方體
6
8
12
猜想一般凸多面體中F,V,E所滿足的等式是
11、 .?
答案F+V-E=2
解析三棱柱中5+6-9=2;五棱錐中6+6-10=2;正方體中6+8-12=2;由此歸納可得F+V-E=2.
14.已知f(x)=lg(100x+1)-x,則f(x)的最小值為 .?
答案lg 2
解析∵f(x)=lg(100x+1)-x=lg100x+110x=lg(10x+10-x)≥lg2,當(dāng)且僅當(dāng)x=0時等號成立,
∴f(x)的最小值為lg2.
15.如果函數(shù)f(x)在區(qū)間D上是凸函數(shù),那么對于區(qū)間D內(nèi)的任意x1,x2,…,xn,都有f(x1)+f(x2)+…+f(xn)n≤fx1+x2+…+xnn.若y=sin x在區(qū)間(0,π)
12、內(nèi)是凸函數(shù),則在△ABC中,sin A+sin B+sin C的最大值是 .?
答案332
解析由題意知,凸函數(shù)f(x)滿足
f(x1)+f(x2)+…+f(xn)n≤fx1+x2+…+xnn.
∵y=sinx在區(qū)間(0,π)內(nèi)是凸函數(shù).
∴sinA+sinB+sinC≤3sinA+B+C3=3sinπ3=332.
16.已知實(shí)數(shù)x,y滿足約束條件x≥0,x≥y,2x-y≤1,則23x+2y的最大值是 .?
答案32
解析設(shè)z=3x+2y,由z=3x+2y,得y=-32x+z2.
作出不等式組x≥0,x≥y,2x-y≤1對應(yīng)的平面區(qū)域如圖陰影部分所示,
由圖象可知當(dāng)直線y=-32x+z2經(jīng)過點(diǎn)B時,直線y=-32x+z2在y軸上的截距最大,此時z也最大.
由x=y,2x-y=1,解得x=1,y=1,即B(1,1).
故zmax=3×1+2×1=5,則23x+2y的最大值是25=32.
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廣西2020版高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí) 單元質(zhì)檢七 不等式、推理與證明 文
