【步步高】屆高三數(shù)學(xué)大一輪復(fù)習(xí) 橢圓學(xué)案 理 新人教A版

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1、 學(xué)案51　橢　圓 導(dǎo)學(xué)目標(biāo)： 1.了解圓錐曲線的實際背景，了解圓錐曲線在刻畫現(xiàn)實世界和解決實際問題中的作用.2.掌握橢圓的定義，幾何圖形、標(biāo)準(zhǔn)方程及其簡單幾何性質(zhì)． 自主梳理 1．橢圓的概念 在平面內(nèi)與兩個定點F1、F2的距離的和等于常數(shù)(大于|F1F2|)的點的軌跡叫做________．這兩定點叫做橢圓的________，兩焦點間的距離叫________． 集合P＝{M||MF1|＋|MF2|＝2a}，|F1F2|＝2c，其中a>0，c>0，且a，c為常數(shù)： (1)若________，則集合P為橢圓； (2)若________，則集合P為線段； (3)若_____

2、___，則集合P為空集． 2．橢圓的標(biāo)準(zhǔn)方程和幾何性質(zhì) 標(biāo)準(zhǔn)方程 ＋＝1 (a>b>0) ＋＝1 (a>b>0) 圖形 性 質(zhì) 范圍 －a≤x≤a －b≤y≤b －b≤x≤b －a≤y≤a 對稱性 對稱軸：坐標(biāo)軸　　　對稱中心：原點 頂點 A1(－a,0)，A2(a,0) B1(0，－b)，B2(0，b) A1(0，－a)，A2(0，a) B1(－b,0)，B2(b,0) 軸 長軸A1A2的長為2a；短軸B1B2的長為2b 焦距 |F1F2|＝2c 離心率 e＝∈(0,1) a，b，c 的關(guān)系 c2＝a2－b2 自我

3、檢測 1．已知△ABC的頂點B、C在橢圓＋y2＝1上，頂點A是橢圓的一個焦點，且橢圓的另外一個焦點在BC邊上，則△ABC的周長是(　　) A．2 B．6 C．4 D．12 2．(2011·揭陽調(diào)研)“m>n>0”是方程“mx2＋ny2＝1表示焦點在y軸上的橢圓”的(　　) A．充分而不必要條件 B．必要而不充分條件 C．充要條件 D．既不充分也不必要條件 3．已知橢圓x2sin α－y2cos α＝1 (0≤α<2π)的焦點在y軸上，則α的取值范圍是(　　) A. B. C. D. 4．橢圓＋＝1的焦點為F1和F2，點

4、P在橢圓上，如果線段PF1的中點在y軸上，那么|PF1|是|PF2|的(　　) A．7倍 B．5倍 C．4倍 D．3倍 5．(2011·開封模擬)橢圓5x2＋ky2＝5的一個焦點是(0,2)，那么k等于(　　) A．－1 B．1 C. D．－ 探究點一　橢圓的定義及應(yīng)用 例1　(教材改編)一動圓與已知圓O1：(x＋3)2＋y2＝1外切，與圓O2：(x－3)2＋y2＝81內(nèi)切，試求動圓圓心的軌跡方程． 變式遷移1　求過點A(2,0)且與圓x2＋4x＋y2－32＝0內(nèi)切的圓的圓心的軌跡方程． 探究點二　求橢圓的標(biāo)準(zhǔn)方

5、程 例2　求滿足下列各條件的橢圓的標(biāo)準(zhǔn)方程： (1)長軸是短軸的3倍且經(jīng)過點A(3,0)； (2)經(jīng)過兩點A(0,2)和B. 變式遷移2　(1)已知橢圓過(3,0)，離心率e＝，求橢圓的標(biāo)準(zhǔn)方程； (2)已知橢圓的中心在原點，以坐標(biāo)軸為對稱軸，且經(jīng)過兩點P1(，1)、P2(－，－)，求橢圓的標(biāo)準(zhǔn)方程． 探究點三　橢圓的幾何性質(zhì) 例3　(2011·安陽模擬)已知F1、F2是橢圓的兩個焦點，P為橢圓上一點，∠F1PF2＝60°. (1)求橢圓離心率的范圍； (2)求證：△F1PF2的面積只與橢

6、圓的短軸長有關(guān)． 變式遷移3　已知橢圓＋＝1(a>b>0)的長、短軸端點分別為A、B，從此橢圓上一點M(在x軸上方)向x軸作垂線，恰好通過橢圓的左焦點F1，AB∥OM. (1)求橢圓的離心率e； (2)設(shè)Q是橢圓上任意一點，F(xiàn)1、F2分別是左、右焦點，求∠F1QF2的取值范圍． 方程思想的應(yīng)用 例　(12分)(2011·北京朝陽區(qū)模擬)已知中心在原點，焦點在x軸上的橢圓C的離心率為，且經(jīng)過點M(1，)，過點P(2,1)的直線l與橢圓C相交于不同的兩點A，B. (1)求橢圓C的方程

7、； (2)是否存在直線l，滿足·＝2？若存在，求出直線l的方程；若不存在，請說明理由． 【答題模板】 解　(1)設(shè)橢圓C的方程為＋＝1(a>b>0)， 由題意得解得a2＝4，b2＝3.故橢圓C的方程為＋＝1.[4分] (2)若存在直線l滿足條件，由題意可設(shè)直線l的方程為y＝k(x－2)＋1，由 得(3＋4k2)x2－8k(2k－1)x＋16k2－16k－8＝0.[6分] 因為直線l與橢圓C相交于不同的兩點A，B， 設(shè)A，B兩點的坐標(biāo)分別為(x1，y1)，(x2，y2)， 所以Δ＝[－8k(2k－1)]2－4·(3＋4k2)·(16k2－16k－8)>0. 整理得32(6k＋

8、3)>0，解得k>－.[7分] 又x1＋x2＝，x1x2＝， 且·＝2， 即(x1－2)(x2－2)＋(y1－1)(y2－1)＝， 所以(x1－2)(x2－2)(1＋k2)＝， 即[x1x2－2(x1＋x2)＋4](1＋k2)＝.[9分] 所以[－2×＋4](1＋k2)＝＝， 解得k＝±.[11分] 所以k＝.于是存在直線l滿足條件， 其方程為y＝x.[12分] 【突破思維障礙】 直線與橢圓的位置關(guān)系主要是指公共點問題、相交弦問題及其他綜合問題．反映在代數(shù)上，就是直線與橢圓方程聯(lián)立的方程組有無實數(shù)解及實數(shù)解的個數(shù)的問題，它體現(xiàn)了方程思想的應(yīng)用，當(dāng)直線與橢圓相交時，要注意判

9、別式大 于零這一隱含條件，它可以用來檢驗所求參數(shù)的值是否有意義，也可通過該不等式來求參數(shù)的范圍．對直線與橢圓的位置關(guān)系的考查往往結(jié)合平面向量進行求解，與向量相結(jié)合的題目，大都與共線、垂直和夾角有關(guān)，若能轉(zhuǎn)化為向量的坐標(biāo)運算往往更容易實現(xiàn)解題功能，所以在復(fù)習(xí)過程中要格外重視． 1．求橢圓的標(biāo)準(zhǔn)方程，除了直接根據(jù)定義外，常用待定系數(shù)法(先定性，后定型，再定參)．當(dāng)橢圓的焦點位置不明確而無法確定其標(biāo)準(zhǔn)方程時，可設(shè)方程為＋＝1 (m>0，n>0且m≠n)，可以避免討論和繁雜的計算，也可以設(shè)為Ax2＋By2＝1 (A>0，B>0且A≠B)，這種形式在解題中更簡便． 2．橢圓的幾何性質(zhì)分為兩類：

10、一是與坐標(biāo)軸無關(guān)的橢圓本身固有的性質(zhì)，如：長軸長、短軸長、焦距、離心率等；另一類是與坐標(biāo)系有關(guān)的性質(zhì)，如：頂點坐標(biāo)，焦點坐標(biāo)等．第一類性質(zhì)是常數(shù)，不因坐標(biāo)系的變化而變化，第二類性質(zhì)是隨坐標(biāo)系變化而相應(yīng)改變． 3．直線與橢圓的位置關(guān)系問題．它是高考的熱點，通常涉及橢圓的性質(zhì)、最值的求法和直線的基礎(chǔ)知識、線段的中點、弦長、垂直問題等，分析此類問題時，要充分利用數(shù)形結(jié)合法、設(shè)而不求法、弦長公式及根與系數(shù)的關(guān)系去解決． (滿分：75分) 一、選擇題(每小題5分，共25分) 1．(2011·溫州模擬)若△ABC的兩個頂點坐標(biāo)分別為A(－4,0)、B(4,0)，△ABC的周長為18，則頂點

11、C的軌跡方程為(　　) A.＋＝1 (y≠0) B.＋＝1 (y≠0) C.＋＝1 (y≠0) D.＋＝1 (y≠0) 2．已知橢圓＋＝1，長軸在y軸上，若焦距為4，則m等于(　　) A．4 B．5 C．7 D．8 3．已知F1、F2是橢圓的兩個焦點，過F1且與橢圓長軸垂直的直線交橢圓于A、B兩點，若△ABF2是等腰直角三角形，則這個橢圓的離心率是(　　) A. B. C.－1 D. 4．(2011·天門期末)已知圓(x＋2)2＋y2＝36的圓心為M，設(shè)A為圓上任一點，N(2,0)，線段AN的垂直平分線交MA于點P，則動點P的軌

12、跡是(　　) A．圓 B．橢圓 C．雙曲線 D．拋物線 5．橢圓＋＝1上一點M到焦點F1的距離為2，N是MF1的中點，則|ON|等于(　　) A．2 B．4 C．8 D. 二、填空題(每小題4分，共12分) 6．已知橢圓G的中心在坐標(biāo)原點，長軸在x軸上，離心率為，且G上一點到G的兩個焦點的距離之和為12，則橢圓G的方程為______________． 7．(2011·唐山調(diào)研)橢圓＋＝1的焦點為F1、F2，點P在橢圓上．若|PF1|＝4，則|PF2|＝________；∠F1PF2的大小為________． 8. 如圖，已知點P是以

13、F1、F2為焦點的橢圓＋＝1 (a>b>0)上一點，若PF1⊥PF2，tan∠PF1F2＝，則此橢圓的離心率是______． 三、解答題(共38分) 9．(12分)已知方向向量為v＝(1，)的直線l過點(0，－2)和橢圓C：＋＝1(a>b>0)的右焦點，且橢圓的離心率為. (1)求橢圓C的方程； (2)若已知點D(3,0)，點M，N是橢圓C上不重合的兩點，且＝λ，求實數(shù)λ的取值范圍． 10．(12分)(2011·煙臺模擬)橢圓ax2＋by2＝1與直線x＋y－1＝0相交于A，B兩點，C是AB的中點，若|AB|＝2，

14、OC的斜率為，求橢圓的方程． 11．(14分)(2010·福建)已知中心在坐標(biāo)原點O的橢圓C經(jīng)過點A(2,3)，且點F(2,0)為其右焦點． (1)求橢圓C的方程． (2)是否存在平行于OA的直線l，使得直線l與橢圓C有公共點，且直線OA與l的距離等于4？若存在，求出直線l的方程；若不存在，說明理由． 學(xué)案51　橢　圓 自主梳理 1．橢圓　焦點　焦距　(1)a>c　(2)a＝c　(3)a

15、相切的性質(zhì)知， |CO1|＝1＋r，|CO2|＝9－r， ∴|CO1|＋|CO2|＝10， 而|O1O2|＝6， ∴點C的軌跡是以O(shè)1、O2為焦點的橢圓，其中2a＝10,2c＝6，b＝4. ∴動圓圓心的軌跡方程為 ＋＝1. 變式遷移1　解　將圓的方程化為標(biāo)準(zhǔn)形式為： (x＋2)2＋y2＝62，圓心B(－2,0)，r＝6. 設(shè)動圓圓心M的坐標(biāo)為(x，y)， 動圓與已知圓的切點為C. 則|BC|－|MC|＝|BM|， 而|BC|＝6， ∴|BM|＋|CM|＝6. 又|CM|＝|AM|， ∴|BM|＋|AM|＝6>|AB|＝4. ∴點M的軌跡是以點B(－2,0)、

16、A(2,0)為焦點、線段AB中點(0,0)為中心的橢圓． a＝3，c＝2，b＝. ∴所求軌跡方程為＋＝1. 例2　解題導(dǎo)引　確定一個橢圓的標(biāo)準(zhǔn)方程，必須要有一個定位條件(即確定焦點的位置)和兩個定形條件(即確定a，b的大小)．當(dāng)焦點的位置不確定時，應(yīng)設(shè)橢圓的標(biāo)準(zhǔn)方程為＋＝1 (a>b>0)或＋＝1 (a>b>0)，或者不必考慮焦點位置，直接設(shè)橢圓的方程為mx2＋ny2＝1 (m>0，n>0，且m≠n)． 解　(1)若橢圓的焦點在x軸上， 設(shè)方程為＋＝1 (a>b>0)． ∵橢圓過點A(3,0)，∴＝1， ∴a＝3，又2a＝3·2b，∴b＝1，∴方程為＋y2＝1. 若橢圓的焦點在

17、y軸上，設(shè)方程為＋＝1 (a>b>0)． ∵橢圓過點A(3,0)，∴＝1， ∴b＝3，又2a＝3·2b， ∴a＝9，∴方程為＋＝1. 綜上可知橢圓的方程為＋y2＝1或＋＝1. (2)設(shè)經(jīng)過兩點A(0,2)，B的橢圓標(biāo)準(zhǔn)方程為mx2＋ny2＝1，將A，B坐標(biāo)代入方程得?，∴所求橢圓方程為x2＋＝1. 變式遷移2　解　(1)當(dāng)橢圓的焦點在x軸上時，∵a＝3，＝，∴c＝，從而b2＝a2－c2＝9－6＝3， ∴橢圓的標(biāo)準(zhǔn)方程為＋＝1. 當(dāng)橢圓的焦點在y軸上時， ∵b＝3，＝，∴＝，∴a2＝27. ∴橢圓的標(biāo)準(zhǔn)方程為＋＝1. ∴所求橢圓的標(biāo)準(zhǔn)方程為＋＝1或＋＝1. (2)設(shè)橢圓方

18、程為mx2＋ny2＝1 (m>0，n>0且m≠n)． ∵橢圓經(jīng)過P1、P2點，∴P1、P2點坐標(biāo)適合橢圓方程， 則 ①②兩式聯(lián)立，解得 ∴所求橢圓方程為＋＝1. 例3　解題導(dǎo)引　(1)橢圓上一點與兩焦點構(gòu)成的三角形，稱為橢圓的焦點三角形，與焦點三角形有關(guān)的計算或證明常利用正弦定理、余弦定理、|PF1|＋|PF2|＝2a，得到a、c的關(guān)系． (2)對△F1PF2的處理方法 ? (1)解　設(shè)橢圓方程為＋＝1 (a>b>0)， |PF1|＝m，|PF2|＝n. 在△PF1F2中，由余弦定理可知， 4c2＝m2＋n2－2mncos 60°. ∵m＋n＝2a，∴m2＋n2＝(m＋

19、n)2－2mn＝4a2－2mn. ∴4c2＝4a2－3mn，即3mn＝4a2－4c2. 又mn≤2＝a2(當(dāng)且僅當(dāng)m＝n時取等號)， ∴4a2－4c2≤3a2.∴≥，即e≥. ∴e的取值范圍是. (2)證明　由(1)知mn＝b2，∴S△PF1F2＝mnsin 60°＝b2， 即△PF1F2的面積只與短軸長有關(guān)． 變式遷移3　解　(1)∵F1(－c,0)，則xM＝－c，yM＝， ∴kOM＝－.∵kAB＝－，OM∥AB， ∴－＝－，∴b＝c，故e＝＝. (2)設(shè)|F1Q|＝r1，|F2Q|＝r2，∠F1QF2＝θ， ∴r1＋r2＝2a，|F1F2|＝2c， cos θ＝＝

20、 ＝－1≥－1＝0， 當(dāng)且僅當(dāng)r1＝r2時，cos θ＝0，∴θ∈[0，]． 課后練習(xí)區(qū) 1．A　2.D　3.C　4.B　5.B 6.＋＝1　7.2　120°　8. 9．解　(1)∵直線l的方向向量為v＝(1，)， ∴直線l的斜率為k＝. 又∵直線l過點(0，－2)， ∴直線l的方程為y＋2＝x. ∵a>b，∴橢圓的焦點為直線l與x軸的交點． ∴c＝2.又∵e＝＝，∴a＝.∴b2＝a2－c2＝2. ∴橢圓方程為＋＝1.(6分) (2)若直線MN⊥y軸，則M、N是橢圓的左、右頂點， λ＝或λ＝，即λ＝5＋2或5－2. 若MN與y軸不垂直，設(shè)直線MN的方程為x＝my＋3

21、(m≠0)．由得(m2＋3)y2＋6my＋3＝0. 設(shè)M、N坐標(biāo)分別為(x1，y1)，(x2，y2)， 則y1＋y2＝－，① y1y2＝，② Δ＝36m2－12(m2＋3)＝24m2－36>0，∴m2>. ∵＝(x1－3，y1)，＝(x2－3，y2)，＝λ，顯然λ>0，且λ≠1， ∴(x1－3，y1)＝λ(x2－3，y2)．∴y1＝λy2. 代入①②，得λ＋＝－2＝10－. ∵m2>，得2<λ＋<10，即 解得5－2<λ<5＋2且λ≠1. 綜上所述，λ的取值范圍是5－2≤λ≤5＋2， 且λ≠1.(12分) 10．解　方法一　設(shè)A(x1，y1)、B(x2，y2)， 代入

22、橢圓方程并作差得 a(x1＋x2)(x1－x2)＋b(y1＋y2)(y1－y2)＝0. 而＝－1，＝kOC＝， 代入上式可得b＝a.(4分) 由方程組，得(a＋b)x2－2bx＋b－1＝0， ∴x1＋x2＝，x1x2＝， 再由|AB|＝ |x2－x1|＝|x2－x1|＝2， 得2－4·＝4，(8分) 將b＝a代入得a＝，∴b＝. ∴所求橢圓的方程是＋＝1.(12分) 方法二　由 得(a＋b)x2－2bx＋b－1＝0.(2分) 設(shè)A(x1，y1)、B(x2，y2)， 則|AB|＝＝·. ∵|AB|＝2，∴＝1.①(6分) 設(shè)C(x，y)，則x＝＝，y＝1－x＝，

23、∵OC的斜率為，∴＝.(9分) 代入①，得a＝，b＝. ∴橢圓方程為＋＝1.(12分) 11．解　方法一　(1)依題意，可設(shè)橢圓C的方程為＋＝1(a>b>0)，且可知其左焦點為F′(－2,0)． 從而有 解得又a2＝b2＋c2，所以b2＝12， 故橢圓C的方程為＋＝1.(5分) (2)假設(shè)存在符合題意的直線l，設(shè)其方程為y＝x＋t. 由得3x2＋3tx＋t2－12＝0.(7分) 因為直線l與橢圓C有公共點， 所以Δ＝(3t)2－4×3×(t2－12)≥0， 解得－4≤t≤4.(9分) 另一方面，由直線OA與l的距離d＝4， 得＝4，解得t＝±2.(12分) 由于±2?[－4，4]，所以符合題意的直線l不存在．(14分) 方法二　(1)依題意，可設(shè)橢圓C的方程為＋＝1(a>b>0)， 且有解得b2＝12或b2＝－3(舍去)． 從而a2＝16.(3分) 所以橢圓C的方程為＋＝1.(5分) (2)同方法一． 11