（江蘇專(zhuān)用）2020高考物理二輪復(fù)習(xí) 第一部分 專(zhuān)題四 電路與電磁感應(yīng) 第三講 電磁感應(yīng)綜合問(wèn)題——課前自測(cè)診斷卷

《（江蘇專(zhuān)用）2020高考物理二輪復(fù)習(xí) 第一部分 專(zhuān)題四 電路與電磁感應(yīng) 第三講 電磁感應(yīng)綜合問(wèn)題——課前自測(cè)診斷卷》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《（江蘇專(zhuān)用）2020高考物理二輪復(fù)習(xí) 第一部分 專(zhuān)題四 電路與電磁感應(yīng) 第三講 電磁感應(yīng)綜合問(wèn)題——課前自測(cè)診斷卷（7頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、第三講 電磁感應(yīng)綜合問(wèn)題 ——課前自測(cè)診斷卷 考點(diǎn)一 電磁感應(yīng)中的電路問(wèn)題 1.[考查電磁感應(yīng)中轉(zhuǎn)動(dòng)桿的電路問(wèn)題] [多選](2019蘇州模擬)如圖所示，光滑導(dǎo)軌OMN固定，其中MN是半徑為L(zhǎng)的四分之一圓弧，O為圓心。OM、ON的電阻均為R，OA是可繞O轉(zhuǎn)動(dòng)的金屬桿，A端位于MN上，OA與軌道接觸良好，空間存在垂直導(dǎo)軌平面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B，MN、OA的電阻不計(jì)。則在OA桿由OM位置以恒定的角速度ω順時(shí)針轉(zhuǎn)到ON位置的過(guò)程中(　　) A．OM中電流方向?yàn)镺流向M B．流過(guò)OM的電荷量為 C．要維持OA以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，外力的功率應(yīng)為 D．若OA轉(zhuǎn)動(dòng)的角

2、速度變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，則流過(guò)OM的電荷量也變?yōu)樵瓉?lái)的2倍 解析：選BC　OA桿由OM位置以恒定的角速度ω順時(shí)針轉(zhuǎn)到ON位置的過(guò)程，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E＝BL2ω，則感應(yīng)電流大小恒定，由右手定則可得OM中電流方向?yàn)镸流向O，故A錯(cuò)誤；根據(jù)閉合電路歐姆定律可得OM中感應(yīng)電流I＝＝，則流過(guò)OM的電荷量為q＝IΔt＝＝，若OA轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，則流過(guò)OM的電荷量不變，故B正確，D錯(cuò)誤；OM的發(fā)熱功率P＝I2R＝，根據(jù)能量守恒可得外力的功率應(yīng)為P外＝2P＝，故C正確。 2．[考查電磁感應(yīng)中導(dǎo)線框的電路問(wèn)題] 如圖，勻強(qiáng)磁場(chǎng)水平邊界的上方h＝5 m處有一個(gè)邊長(zhǎng)L＝1 m的正方形導(dǎo)線框從靜止開(kāi)始

3、下落。已知線框質(zhì)量m＝1 kg，電阻為R＝10 Ω，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B＝1 T。當(dāng)線框的cd邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)(g取10 m/s2)： (1)求線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大?。? (2)求cd兩點(diǎn)間的電勢(shì)差大?。? (3)若線框此時(shí)加速度等于0，則線框電阻應(yīng)該變?yōu)槎嗌伲? 解析：(1)cd邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，線框速度：v＝ 線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)： E＝BLv＝BL＝10 V。 (2)此時(shí)線框中電流：I＝ cd切割磁感線相當(dāng)于電源，cd兩點(diǎn)間的電勢(shì)差即路端電壓：U＝IR＝7.5 V。 (3)安培力F＝BIL＝ 根據(jù)牛頓第二定律：mg－F＝ma 由a＝0，解得電阻R＝＝1 Ω。 答案：(1)1

4、0 V　(2)7.5 V　(3)1 Ω 考點(diǎn)二 電磁感應(yīng)中的動(dòng)力學(xué)問(wèn)題 3.[考查感生與動(dòng)生中導(dǎo)體棒的運(yùn)動(dòng)] 近期大功率儲(chǔ)能技術(shù)受到媒體的廣泛關(guān)注，其中飛輪儲(chǔ)能是熱點(diǎn)之一。為說(shuō)明某種飛輪儲(chǔ)能的基本原理，將模型簡(jiǎn)化為如圖所示，光滑的“”型導(dǎo)軌水平放置，電阻不計(jì)，長(zhǎng)度足夠。軌道平行部分間距為L(zhǎng)＝1 m，導(dǎo)軌上靜止放置有長(zhǎng)度也為L(zhǎng)、質(zhì)量為m＝100 kg、電阻為R1＝0.1 Ω的導(dǎo)體棒AB。導(dǎo)軌間虛線框區(qū)域有垂直軌道平面向上的均勻變化磁場(chǎng)，虛線框右側(cè)區(qū)域有垂直軌道平面向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B＝10 T。圖中開(kāi)關(guān)S接a，經(jīng)過(guò)足夠長(zhǎng)時(shí)間，棒AB向右勻速運(yùn)動(dòng)，速度為v＝100 m/s，然

5、后若將開(kāi)關(guān)S接b，棒AB可作為電源對(duì)電阻R2供電，電阻R2＝0.9 Ω。 (1)開(kāi)關(guān)S接a，棒AB勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，虛線框中的磁場(chǎng)磁通量每秒鐘變化多少？ (2)求開(kāi)關(guān)S接b的瞬間棒AB加速度的大小。 (3)求開(kāi)關(guān)S接b后R2產(chǎn)生的總熱量Q。 解析：(1)棒AB勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)加速度為零，安培力為零，電流為零，磁通量不變，所以虛線框中磁場(chǎng)每秒增加ΔΦ＝BLvt＝1 000 Wb。 (2)棒AB產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)E＝BLv＝1 000 V， 電路中產(chǎn)生的電流I＝＝1 000 A， 故受到的安培力為F＝BIL＝1104 N， 根據(jù)牛頓第二定律可得a＝＝100 m/s2。 (3)棒的動(dòng)能全部轉(zhuǎn)化為電熱

6、，故Q總＝mv2＝5105 J， 電阻R2上產(chǎn)生的電熱為Q＝Q總＝4.5105 J。 答案：(1)1 000 Wb　(2)100 m/s2　(3)4.5105 J 4.[考查電磁感應(yīng)中導(dǎo)線框的動(dòng)力學(xué)問(wèn)題] 如圖所示，光滑斜面的傾角α＝30，在斜面上放置一矩形線框abcd，ab邊的邊長(zhǎng)l1＝1 m，bc邊的邊長(zhǎng)l2＝0.6 m，線框的質(zhì)量m＝1 kg，電阻R＝0.1 Ω。線框通過(guò)細(xì)線與重物相連，重物質(zhì)量M＝2 kg，斜面上ef線(ef∥gh)的上方有垂直斜面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝0.5 T。如果線框從靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，進(jìn)入磁場(chǎng)最初一段時(shí)間是勻速的，ef線和gh的距離s＝11.4 m(

7、取g＝10 m/s2)，求： (1)線框進(jìn)入磁場(chǎng)前重物M加速度的大小； (2)線框進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)勻速運(yùn)動(dòng)速度v的大小。 解析：(1)線框進(jìn)入磁場(chǎng)前，線框受到重力、細(xì)線的拉力T1、斜面的支持力，重物M受到重力和拉力T1′。 對(duì)線框由牛頓第二定律得T1－mgsin α＝ma 對(duì)重物Mg－T1′＝Ma 由牛頓第三定律得T1＝T1′ 聯(lián)立解得線框進(jìn)入磁場(chǎng)前重物M的加速度 a＝＝5 m/s2。 (2)因?yàn)榫€框進(jìn)入磁場(chǎng)的最初一段時(shí)間做勻速運(yùn)動(dòng)，所以重物受力平衡：Mg＝T2′ 線框受力平衡：T2＝mgsin α＋BIl1 由牛頓第三定律得T2＝T2′， ab邊進(jìn)入磁場(chǎng)切割磁感線，產(chǎn)生的電

8、動(dòng)勢(shì)E＝Bl1v 線框中的電流I＝＝ 聯(lián)立上述各式得Mg＝mgsin α＋， 代入數(shù)據(jù)解得v＝6 m/s。 答案：(1)5 m/s2　(2)6 m/s 考點(diǎn)三 電磁感應(yīng)中的能量問(wèn)題 5.[考查金屬棒在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)問(wèn)題] (2019南通一模)如圖甲所示，兩足夠長(zhǎng)的光滑平行導(dǎo)軌固定在水平面內(nèi)，處于磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，導(dǎo)軌間距為L(zhǎng)，一端連接阻值為R的電阻。一金屬棒垂直導(dǎo)軌放置，質(zhì)量為m，接入電路的電阻為r。在金屬棒中點(diǎn)對(duì)棒施加一個(gè)水平向右、平行于導(dǎo)軌的拉力，棒與導(dǎo)軌始終接觸良好，導(dǎo)軌電阻不計(jì)，重力加速度為g。 (1)若金屬棒以速度v0做勻速運(yùn)動(dòng)，求

9、棒受到的拉力大小F1； (2)若金屬棒在水平拉力F2作用下，棒運(yùn)動(dòng)的速度v隨時(shí)間t按余弦規(guī)律變化，如圖乙所示，取水平向右為正方向，從t＝0時(shí)刻開(kāi)始到第一次運(yùn)動(dòng)到最右端時(shí)的距離為x。求此過(guò)程中通過(guò)電阻R的電荷量q； (3)在(2)的情況下，求t＝0到t＝的過(guò)程中，整個(gè)回路產(chǎn)生的熱量Q以及拉力F2做的功W。 解析：(1)棒勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E＝BLv0， 形成的感應(yīng)電流I＝， 受到的安培力F0＝ILB， 由平衡條件有F1＝F0， 聯(lián)立解得F1＝。 (2)此過(guò)程回路產(chǎn)生的平均感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)＝＝，通過(guò)電阻R的電荷量q＝Δt， 聯(lián)立解得q＝。 (3)速度隨時(shí)間變化的關(guān)系為v＝v0

10、cost， 電路中產(chǎn)生交變電流，電動(dòng)勢(shì)的峰值Em＝BLv0， 電動(dòng)勢(shì)的有效值E＝， 產(chǎn)生的熱量Q＝， 聯(lián)立解得Q＝， 安培力做功WB＝－Q， 由動(dòng)能定理有W＋WB＝0－mv02， 解得W＝－mv02。 答案：(1)　(2)　(3)?。璵v02 6.[考查金屬棒在變化的磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)問(wèn)題] 如圖甲所示，平行光滑金屬導(dǎo)軌水平放置，兩導(dǎo)軌相距L＝0.4 m，導(dǎo)軌一端與阻值R＝0.3 Ω的電阻相連，導(dǎo)軌電阻不計(jì)。導(dǎo)軌x＞0一側(cè)存在沿x軸正方向均勻增大的恒定磁場(chǎng)，其方向與導(dǎo)軌平面垂直向下，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨位置x變化如圖乙所示。一根質(zhì)量m＝0.2 kg、電阻r＝0.1 Ω的金屬棒置于導(dǎo)軌上，

11、并與導(dǎo)軌垂直，棒在外力F作用下從x＝0處以初速度v0＝2 m/s沿導(dǎo)軌向右變速運(yùn)動(dòng)，且金屬棒在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中受到的安培力大小不變。求： (1)金屬棒在x＝1 m處速度的大小； (2)金屬棒從x＝0運(yùn)動(dòng)到x＝1 m過(guò)程中，外力F所做的功； (3)金屬棒從x＝0運(yùn)動(dòng)到x＝2 m過(guò)程中，流過(guò)金屬棒的電荷量。 解析：(1)根據(jù)題意可知金屬棒所受的安培力大小不變，x＝0處與x＝1 m處安培力大小相等， 有＝， 即v1＝v0＝2 m/s＝0.5 m/s。 (2)金屬棒在x＝0處的安培力大小為： F安＝＝ N＝0.2 N 對(duì)金屬棒從x＝0運(yùn)動(dòng)到x＝1 m過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)能定理有： WF－F

12、安x＝mv12－mv02 代入數(shù)據(jù)解得：WF＝－0.175 J。 (3)流過(guò)金屬棒的電荷量 q＝t＝Δt＝＝ x＝0到x＝2 m過(guò)程中，Bx圖像包圍的面積： ΔBx＝2＝2， 解得q＝＝ C＝2 C。 答案：(1)0.5 m/s　(2)－0.175 J　(3)2 C 7.[考查導(dǎo)體棒在豎直面和斜面上的運(yùn)動(dòng)問(wèn)題] 如圖甲所示，“”形線框豎直放置，電阻不計(jì)。勻強(qiáng)磁場(chǎng)方向與線框平面垂直，一個(gè)質(zhì)量為m、阻值為R的光滑導(dǎo)體棒AB，緊貼線框下滑，所達(dá)到的最大速度為v?，F(xiàn)將該線框和磁場(chǎng)同時(shí)旋轉(zhuǎn)一個(gè)角度放置在傾角為θ的斜面上，如圖乙所示。 (1)在斜面上導(dǎo)體棒由靜止釋放，在下滑過(guò)程中，

13、線框一直處于靜止?fàn)顟B(tài)，求導(dǎo)體棒最大速度的大小； (2)導(dǎo)體棒在下滑過(guò)程中線框保持靜止，求線框與斜面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ所滿(mǎn)足的條件(設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力)； (3)現(xiàn)用一個(gè)恒力F＝2mgsin θ沿斜面向上由靜止開(kāi)始拉導(dǎo)體棒，通過(guò)距離s時(shí)導(dǎo)體棒已經(jīng)做勻速運(yùn)動(dòng)，線框保持不動(dòng)，求此過(guò)程中導(dǎo)體棒上產(chǎn)生的焦耳熱。 解析：(1)導(dǎo)體棒受到的安培力F＝BIL＝， 線框豎直放置時(shí)，由平衡條件得：mg＝， 線框在斜面上時(shí)，由平衡條件得mgsin θ＝， 解得v′＝vsin θ。 (2)設(shè)線框質(zhì)量為M，當(dāng)AB棒速度最大時(shí)，線框受到沿斜面向下的安培力最大，要使線框靜止不動(dòng)，需要滿(mǎn)足Mgsin θ＋mgsin θ≤μ(M＋m)gcos θ，解得：μ≥tan θ。 (3)當(dāng)導(dǎo)體棒勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，由平衡條件得 F＝mgsin θ＋， 由能量守恒定律得Fs＝mgssin θ＋mv″2＋Q， 解得：Q＝mgssin θ－mv2sin2θ。 答案：(1)vsin θ　(2)μ≥tan θ (3)mgssin θ－mv2sin2θ 7