（課標通用）高考數(shù)學一輪復習 第六章 數(shù)列大題沖關 理-人教版高三全冊數(shù)學試題

《（課標通用）高考數(shù)學一輪復習 第六章 數(shù)列大題沖關 理-人教版高三全冊數(shù)學試題》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《（課標通用）高考數(shù)學一輪復習 第六章 數(shù)列大題沖關 理-人教版高三全冊數(shù)學試題（6頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

1、第六章 數(shù)列 高考中數(shù)列問題的熱點題型 對近幾年高考試題統(tǒng)計看，新課標全國卷中的數(shù)列與三角基本上交替考查，難度不大．但自主命題的省市高考題每年都考查，難度中等．考查內(nèi)容主要集中在兩個方面：一是以選擇題和填空題的形式考查等差、等比數(shù)列的運算和性質，題目多為常規(guī)試題；二是等差、等比數(shù)列的通項與求和問題，有時結合函數(shù)、不等式等進行綜合考查，涉及內(nèi)容較為全面，試題題型規(guī)范、方法可循． 熱點一　等差數(shù)列、等比數(shù)列的 綜合問題 　　　　　　 　　　　　 　　　　　 解決等差、等比數(shù)列的綜合問題時，重點在于讀懂題意，靈活利用等差、等比數(shù)列的定義、通項公式及前n項和公式解決問題，求解這類問題要重

2、視方程思想的應用． [典題1]　[2015·湖北卷]設等差數(shù)列{an}的公差為d，前n項和為Sn，等比數(shù)列{bn}的公比為q.已知b1＝a1，b2＝2，q＝d，S10＝100. (1)求數(shù)列{an}，{bn}的通項公式； (2)當d>1時，記cn＝，求數(shù)列{cn}的前n項和Tn. [解]　(1)由題意， 即解得 或 故或 (2)由d>1知，an＝2n－1，bn＝2n－1， 故cn＝， 于是Tn＝1＋＋＋＋＋…＋，① Tn＝＋＋＋＋…＋＋.② ①－②，得 Tn＝2＋＋＋…＋－ ＝3－， 故Tn＝6－. 用錯位相減法解決數(shù)列求和問題的步驟 第一步：(判斷結構

3、) 若數(shù)列{an·bn}是由等差數(shù)列{an}與等比數(shù)列{bn}(公比q)的對應項之積構成的，則可用此法求和． 第二步：(乘公比) 設{an·bn}的前n項和為Tn，然后兩邊同乘以q. 第三步：(錯位相減) 乘以公比q后，向后錯開一位，使含有qk(k∈N*)的項對應，然后兩邊同時作差． 第四步：(求和) 將作差后的結果求和，從而表示出Tn. 技巧點撥 1．分析已知條件和求解目標，確定為最終解決問題需要首先求解的中間問題，如為求和需要先求出通項、為求出通項需要先求出首項和公差(公比)等，確定解題的邏輯次序． 2．等差數(shù)列和等比數(shù)列可以相互轉化，若數(shù)列{bn}是一個公差為d的

4、等差數(shù)列，則{abn}(a＞0，a≠1)就是一個等比數(shù)列，其公比q＝ad；反之，若數(shù)列{bn}是一個公比為q(q＞0)的正項等比數(shù)列，則{logabn}(a＞0，a≠1)就是一個等差數(shù)列，其公差d＝logaq. 設{an}是公比大于1的等比數(shù)列，Sn為數(shù)列{an}的前n項和，已知S3＝7，且a1＋3,3a2，a3＋4構成等差數(shù)列． (1)求數(shù)列{an}的通項公式； (2)令bn＝ln a3n＋1，n＝1,2，…，求數(shù)列{bn}的前n項和Tn. 解：(1)由已知，得?a2＝2. 設數(shù)列{an}的公比為q， 由a2＝2，可得a1＝，a3＝2q， 又S3＝7，所以＋2＋2q＝7

5、， 即2q2－5q＋2＝0， 解得q＝2或q＝. ∵q＞1，∴q＝2，∴a1＝1. 故數(shù)列{an}的通項公式為an＝2n－1. (2)由(1)，得a3n＋1＝23n， ∴bn＝ln 23n＝3nln 2. 又bn＋1－bn＝3ln 2， ∴數(shù)列{bn}為等差數(shù)列． ∴Tn＝b1＋b2＋…＋bn＝ ＝＝ln 2. 熱點二　數(shù)列的通項與求和 數(shù)列的通項與求和是高考必考的一種題型，重點在于靈活運用等差、等比數(shù)列的定義、性質、通項公式與前n項和公式．其中求通項是解答題目的基礎．同時要重視方程思想的應用． [典題2]　[2015·天津卷]已知數(shù)列{an}滿足an＋2＝qan

6、(q為實數(shù)，且q≠1)，n∈N*，a1＝1，a2＝2，且a2＋a3，a3＋a4，a4＋a5成等差數(shù)列． (1)求q的值和{an}的通項公式； (2)設bn＝，n∈N*，求數(shù)列{bn}的前n項和． [解]　(1)由已知，有(a3＋a4)－(a2＋a3)＝(a4＋a5)－(a3＋a4)，即a4－a2＝a5－a3， 所以a2(q－1)＝a3(q－1)． 又q≠1，所以a3＝a2＝2. 由a3＝a1q，得q＝2. 當n＝2k－1(k∈N*)時，an＝a2k－1＝2k－1＝2 ； 當n＝2k(k∈N*)時，an＝a2k＝2k＝2. 所以{an}的通項公式為an＝ (2)由(1)，得b

7、n＝＝，n∈N*. 設{bn}的前n項和為Sn，則 Sn＝1×＋2×＋3×＋…＋(n－1)×＋n×， Sn＝1×＋2×＋3×＋…＋(n－1)×＋n×， 上述兩式相減，得 Sn＝1＋＋＋…＋－＝－ ＝2－－， 整理，得Sn＝4－，n∈N*. 所以數(shù)列{bn}的前n項和為4－，n∈N*. 1．根據(jù)所給條件的特點，確定合適的方法求通項，如根據(jù)an與Sn的關系求an.根據(jù)遞推關系求an. 2．根據(jù)數(shù)列的特點選擇合適的求和方法，常用的有分組求和，裂項求和、錯位相減法求和等． 　[2017·安徽合肥模擬]已知數(shù)列{an＋1＋an}的前n項和Sn＝2n＋1－2，a1＝0. (

8、1)求數(shù)列{an＋1＋an}的通項公式； (2)求數(shù)列{an}的通項公式． 解：(1)設an＋1＋an＝bn. 當n≥2時，bn＝Sn－Sn－1＝(2n＋1－2)－(2n－2)＝2n. 當n＝1時，b1＝S1＝2，滿足n≥2時bn的形式． 所以an＋1＋an＝bn＝2n. (2)由(1)，得an＋1＋an＝2n，則an＋2＋an＋1＝2n＋1. 兩式相減，得an＋2－an＝2n. 當n為奇數(shù)時， an＝a1＋(a3－a1)＋(a5－a3)＋…＋(an－2－an－4)＋(an－an－2) ＝0＋21＋23＋…＋2n－4＋2n－2 ＝＝－. 當n為偶數(shù)時，由(1)知，a1＝

9、0，a2＋a1＝2，得a2＝2. an＝a2＋(a4－a2)＋(a6－a4)＋…＋(an－2－an－4)＋(an－an－2) ＝2＋22＋24＋…＋2n－4＋2n－2 ＝2＋＝＋. 綜上所述，數(shù)列{an}的通項公式是 an＝ 熱點三　數(shù)列與不等式的綜合問題 數(shù)列與不等式知識相結合的考查方式主要有三種：一是判斷數(shù)列問題中的一些不等關系；二是以數(shù)列為載體，考查不等式的恒成立問題；三是考查與數(shù)列問題有關的不等式的證明．在解決這些問題時，如果是證明題要靈活選擇不等式的證明方法，如比較法、綜合法、分析法等．如果是解不等式問題，要使用不等式的各種不同解法，如數(shù)軸法、因式分解法等． 主要

10、有以下幾個命題角度： [考查角度一]　放縮法證明數(shù)列不等式 [典題3]　設各項均為正數(shù)的數(shù)列{an}的前n項和為Sn，且Sn滿足S－(n2＋n－3)Sn－3(n2＋n)＝0，n∈N*. (1)求a1的值； (2)求數(shù)列{an}的通項公式； (3)求證：對一切正整數(shù)n，有＋＋…＋＜. (1)[解]　由題意知，S－(n2＋n－3)Sn－3(n2＋n)＝0，n∈N*.令n＝1，有S－(12＋1－3)S1－3×(12＋1)＝0， 可得S＋S1－6＝0，解得S1＝－3或2，即a1＝－3或2， 又an為正數(shù)，所以a1＝2. (2)[解]　由S－(n2＋n－3)Sn－3(n2＋n)＝0

11、，n∈N*，可得(Sn＋3)(Sn－n2－n)＝0，則Sn＝n2＋n或Sn＝－3，又數(shù)列{an}的各項均為正數(shù)，所以Sn＝n2＋n，所以當n≥2時，an＝Sn－Sn－1＝n2＋n－[(n－1)2＋(n－1)]＝2n.又a1＝2＝2×1，所以an＝2n，n∈N*. (3)[證明]　當n＝1時，＝＝＜成立； 當n≥ 2時，＝＜ ＝， 所以＋＋…＋ ＜＋ ＝＋＜＋＝. 所以對一切正整數(shù)n，有＋＋…＋＜. 數(shù)列中不等式可以通過對中間過程或最后的結果放縮得到．即先放縮再求和或先求和再放縮． [考查角度二]　數(shù)列中不等式的恒成立問題 [典題4]　已知單調遞增的等比數(shù)列{an}滿

12、足a2＋a3＋a4＝28，且a3＋2是a2，a4的等差中項． (1)求數(shù)列{an}的通項公式； (2)若bn＝anlogan，Sn＝b1＋b2＋…＋bn，對任意正整數(shù)n，Sn＋(n＋m)an＋1＜0恒成立，試求m的取值范圍． [解]　(1)設等比數(shù)列{an}的首項為a1，公比為q. 依題意，有2(a3＋2)＝a2＋a4， 代入a2＋a3＋a4＝28，得a3＝8. ∴a2＋a4＝20，∴ 解得 或 又{an}單調遞增，∴ ∴an＝2n. (2)bn＝2n·log2n＝－n·2n， ∴－Sn＝1×2＋2×22＋3×23＋…＋n×2n，① ∴－2Sn＝1×22＋2×23＋3×24＋…＋(n－1)×2n＋n×2n＋1，② ①－②，得Sn＝2＋22＋23＋…＋2n－n×2n＋1 ＝－n×2n＋1＝2n＋1－n×2n＋1－2. 由Sn＋(n＋m)an＋1＜0，得 2n＋1－n×2n＋1－2＋n×2n＋1＋m×2n＋1＜0對任意正整數(shù)n恒成立， ∴m×2n＋1＜2－2n＋1，即m＜－1對任意正整數(shù)n恒成立．∵－1＞－1，∴m≤－1， 即m的取值范圍是(－∞，－1]． 數(shù)列中有關項或前n項和的恒成立問題，往往轉化為數(shù)列的最值問題；求項或前n項和的不等關系可以利用不等式的性質或基本不等式求解．