（課標(biāo)通用）高考物理二輪復(fù)習(xí) 小題提速搶分練1（8選擇2實(shí)驗(yàn)）（含解析）-人教版高三全冊(cè)物理試題

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1、 (8選擇2實(shí)驗(yàn))(建議用時(shí)：30分鐘)一、選擇題(共8小題，每小題6分在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1418題只有一項(xiàng)符合題目要求，第1921題有多項(xiàng)符合題目要求全選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分)14如圖所示，實(shí)線(xiàn)表示某電場(chǎng)中的兩條電場(chǎng)線(xiàn)，虛線(xiàn)表示電場(chǎng)中的兩條等勢(shì)線(xiàn)，A、B、C、D分別是電場(chǎng)線(xiàn)與等勢(shì)線(xiàn)的交點(diǎn)，下列說(shuō)法正確的是()A將點(diǎn)電荷從B點(diǎn)移動(dòng)到C點(diǎn)，電場(chǎng)力一定做正功B負(fù)點(diǎn)電荷在D點(diǎn)的電勢(shì)能大于在A點(diǎn)的電勢(shì)能C將一負(fù)點(diǎn)電荷從A點(diǎn)由靜止釋放后，在只受電場(chǎng)力作用下將向C點(diǎn)運(yùn)動(dòng)D點(diǎn)電荷在AB等勢(shì)線(xiàn)上受到的電場(chǎng)力與在CD等勢(shì)線(xiàn)上受到的電場(chǎng)力大小相等B解析 B點(diǎn)的電勢(shì)高于D點(diǎn)，D點(diǎn)

2、電勢(shì)等于C點(diǎn)的電勢(shì)，則B點(diǎn)的電勢(shì)高于C點(diǎn)的電勢(shì)，將正的點(diǎn)電荷從B點(diǎn)移動(dòng)到C點(diǎn)，電場(chǎng)力一定做正功，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；A點(diǎn)的電勢(shì)高于D點(diǎn)的電勢(shì)，則負(fù)點(diǎn)電荷在D點(diǎn)的電勢(shì)能大于在A點(diǎn)的電勢(shì)能，選項(xiàng)B正確；將一負(fù)點(diǎn)電荷從A點(diǎn)由靜止釋放后，所受的電場(chǎng)力沿CA方向，則在只受電場(chǎng)力作用下將向C點(diǎn)反方向運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；AB處電場(chǎng)線(xiàn)較CD處密集，則點(diǎn)電荷在AB等勢(shì)線(xiàn)上受到的電場(chǎng)力比在CD等勢(shì)線(xiàn)上受到的電場(chǎng)力大，選項(xiàng)D錯(cuò)誤15鈾原子核既可發(fā)生衰變，也可發(fā)生裂變其衰變方程為UThX，裂變方程為UnYKr3n，其中U、n、Y、Kr的質(zhì)量分別為m1、m2、m3、m4，光在真空中的傳播速度為c.下列敘述正確的是()AU發(fā)生的是

3、衰變BY原子核中含有56個(gè)中子C若提高溫度，U的半衰期將會(huì)變小D裂變時(shí)釋放的能量為(m12m2m3m4)c2D解析 根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒，電荷數(shù)守恒，X為氦原子核，U發(fā)生的是衰變，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒，電荷數(shù)守恒可知，Y的質(zhì)量數(shù)A2351893144，電荷數(shù)Z923656，由原子核的組成特點(diǎn)可知，Y原子核中含有56個(gè)質(zhì)子，中子數(shù)為1445688個(gè)，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；半衰期與溫度、壓強(qiáng)等外界因素?zé)o關(guān)，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；由于核裂變的過(guò)程中釋放能量，根據(jù)愛(ài)因斯坦質(zhì)能方程得Emc2(m12m2m3m4)c2，選項(xiàng)D正確16(2019河南周口一中期中)如圖所示，一沙袋用無(wú)彈性輕細(xì)繩懸于O點(diǎn)開(kāi)始時(shí)沙袋處于靜止?fàn)顟B(tài)，一

4、彈丸以水平速度v0擊中沙袋后未穿出，二者共同擺動(dòng)若彈丸質(zhì)量為m，沙袋質(zhì)量為5m，彈丸和沙袋形狀大小忽略不計(jì)，彈丸擊中沙袋后漏出的沙子質(zhì)量忽略不計(jì)，不計(jì)空氣阻力，重力加速度為g.下列說(shuō)法正確的是()A彈丸打入沙袋過(guò)程中，細(xì)繩所受拉力大小保持不變B彈丸打入沙袋過(guò)程中，彈丸對(duì)沙袋的沖量大小大于沙袋對(duì)彈丸的沖量大小C彈丸打入沙袋過(guò)程中所產(chǎn)生的熱量為D沙袋和彈丸一起擺動(dòng)所達(dá)到的最大高度為D解析 彈丸打入沙袋的過(guò)程由動(dòng)量守恒定律mv0(m5m)v，解得vv0，彈丸打入沙袋后，總質(zhì)量變大，且做圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)T6mg6m可知，細(xì)繩所受拉力變大，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；根據(jù)牛頓第三定律可知，彈丸打入沙袋過(guò)程中，彈丸對(duì)沙袋的

5、沖量大小等于沙袋對(duì)彈丸的沖量大小，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；彈丸打入沙袋過(guò)程中所產(chǎn)生的熱量為Qmv6mv2mv，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；由機(jī)械能守恒可得6mv26mgh，解得h，選項(xiàng)D正確17(2019遼寧重點(diǎn)協(xié)作體模擬)從t0時(shí)刻開(kāi)始，物塊在外力作用下由靜止開(kāi)始沿x軸做勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，如圖所示為其位移和速率的二次方的關(guān)系圖線(xiàn)，下列說(shuō)法正確的是()At0時(shí)刻物塊位于x0處B物塊運(yùn)動(dòng)的加速度a0.5 m/s2Ct2 s時(shí)物塊位于x2 m處D24 s時(shí)間內(nèi)物塊的位移大小為2 mB解析 設(shè)t0時(shí)刻物塊位于x0處，物塊運(yùn)動(dòng)的加速度為a，由勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)規(guī)律可知v22a(xx0)，可變化成xx0v2，由位移和速率二次方關(guān)系圖線(xiàn)的

6、斜率 s2/m1 s2/m，可得物塊運(yùn)動(dòng)的加速度a0.5 m/s2，t0時(shí)刻x02 m，選項(xiàng)A錯(cuò)誤，B正確；t4 s時(shí)物塊的位移x4x0at22 m，t2 s時(shí)物塊的位移x2x0at21 m,24 s時(shí)間內(nèi)物塊的位移大小為xx4x23 m，選項(xiàng)C、D錯(cuò)誤18中國(guó)國(guó)家航天局目前計(jì)劃于2020年發(fā)射嫦娥工程第二階段的月球車(chē)“嫦娥四號(hào)”如圖所示，假設(shè)運(yùn)載火箭先將“嫦娥四號(hào)”月球探測(cè)器成功送入太空，由地月轉(zhuǎn)移軌道進(jìn)入半徑為r1100 km的環(huán)月圓軌道后成功變軌到近月點(diǎn)為15 km的橢圓軌道，再?gòu)?5 km高度降至近月圓軌道，最后成功實(shí)現(xiàn)登月若取兩物體相距無(wú)窮遠(yuǎn)時(shí)的引力勢(shì)能為零，一個(gè)質(zhì)量為m的質(zhì)點(diǎn)到質(zhì)量

7、為M的物體中心距離為r時(shí)，其引力勢(shì)能表達(dá)式為EpG(式中G為引力常量)已知月球質(zhì)量為M0，月球半徑為R，發(fā)射的“嫦娥四號(hào)”探測(cè)器質(zhì)量為m0.則下列關(guān)于“嫦娥四號(hào)”登月過(guò)程的說(shuō)法正確的是()A“嫦娥四號(hào)”探測(cè)器在軌道上運(yùn)行的動(dòng)能大于在軌道上運(yùn)行的動(dòng)能B“嫦娥四號(hào)”探測(cè)器從軌道上變軌到軌道上時(shí)，勢(shì)能減小了GM0m0C“嫦娥四號(hào)”探測(cè)器在軌道上運(yùn)行時(shí)的機(jī)械能等于在軌道上運(yùn)行時(shí)的機(jī)械能D落月的“嫦娥四號(hào)”探測(cè)器從軌道回到軌道，需要提供的最小能量是D解析 根據(jù)萬(wàn)有引力定律有Gm，得“嫦娥四號(hào)”探測(cè)器在軌道和軌道上的動(dòng)能分別是Ek1、Ek2，由于r1R，所以“嫦娥四號(hào)”探測(cè)器在軌道上運(yùn)行的動(dòng)能小于在軌道上

8、運(yùn)行的動(dòng)能，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；根據(jù)EpG可知，“嫦娥四號(hào)”探測(cè)器在軌道和軌道上的勢(shì)能分別是Ep1、Ep2，“嫦娥四號(hào)”探測(cè)器從軌道上變軌到軌道上時(shí)，勢(shì)能減小了EpGM0m0，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；根據(jù)能量守恒定律，落月的“嫦娥四號(hào)”探測(cè)器從軌道回到軌道，所要提供的最小能量是EEp1Ep2Ek1Ek2，選項(xiàng)C錯(cuò)誤，D正確19(2019河南洛陽(yáng)二模)如圖所示，自動(dòng)卸貨車(chē)始終靜止在水平地面上，車(chē)廂在液壓機(jī)的作用下改變與水平面間的夾角，以卸下車(chē)廂中的貨物當(dāng)夾角為時(shí)，質(zhì)量為M的木箱A與裝在箱內(nèi)的質(zhì)量為m的物體B，一起以共同的速度沿車(chē)廂底板勻速滑下，則下列說(shuō)法正確的是()AA、B間沒(méi)有靜摩擦力BA受到B的靜摩擦力方向沿車(chē)

9、廂底板向下CA受到車(chē)廂底板的滑動(dòng)摩擦力大小為Mgsin DA與車(chē)廂底板間的動(dòng)摩擦因數(shù)tan BD解析 隔離B受力分析，由題意可知，B受到靜摩擦力作用，則A、B間有靜摩擦力，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B受到A的靜摩擦力方向沿車(chē)廂底板向上，根據(jù)牛頓第三定律可知，A受到B的靜摩擦力方向沿車(chē)廂底板向下，選項(xiàng)B正確；A、B一起以共同的速度沿車(chē)廂底板勻速滑下，把A、B看作整體，受力分析由平衡條件有Ff(Mm)gsin ，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；A、B整體的重力沿垂直車(chē)廂底板方向的分力為(Mm)gcos ，則有Ff(Mm)gcos (Mm)gsin ，解得tan ，選項(xiàng)D正確20(2019吉林長(zhǎng)春實(shí)驗(yàn)中學(xué)開(kāi)學(xué)考試)如圖甲所示，在足夠

10、長(zhǎng)的光滑的斜面上放置著金屬線(xiàn)框，垂直于斜面方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間的變化規(guī)律如圖乙所示(規(guī)定垂直斜面向上為正方向)t0時(shí)刻將線(xiàn)框由靜止釋放，在線(xiàn)框下滑的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是()A線(xiàn)框中會(huì)產(chǎn)生的電流大小和方向均不變BMN邊受到的安培力不變C線(xiàn)框做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)D線(xiàn)框中產(chǎn)生的焦耳熱等于其機(jī)械能的損失AC解析 t0時(shí)刻開(kāi)始，磁場(chǎng)先垂直于斜面向下均勻減小，然后垂直于斜面向上均勻增大，根據(jù)楞次定律可知，線(xiàn)框中感應(yīng)電流方向總是沿順時(shí)針?lè)较?，根?jù)法拉第電磁感應(yīng)定律ES，知不變，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)不變，則感應(yīng)電流I恒定不變，選項(xiàng)A正確；由安培力表達(dá)式FBIL，I、L不變，B先減小后增大，知MN邊受到的安

11、培力先減小后增大，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；線(xiàn)框處于磁場(chǎng)中，受到的安培力的合力為零，線(xiàn)框受到重力與支持力，所以線(xiàn)框做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)C正確；只有重力做功，機(jī)械能守恒，根據(jù)能量守恒定律知，磁場(chǎng)能轉(zhuǎn)化為焦耳熱，選項(xiàng)D錯(cuò)誤21(2019安徽阜陽(yáng)三中調(diào)研)如圖所示，物體A、B通過(guò)細(xì)繩及輕質(zhì)彈簧連接在輕滑輪兩側(cè)，物體A、B的質(zhì)量分別為2m、m.開(kāi)始時(shí)細(xì)繩伸直，物體B靜止在桌面上，用手托著物體A使彈簧處于原長(zhǎng)且A與地面的距離為h.放手后物體A下落，著地時(shí)速度大小為v，此時(shí)物體B對(duì)桌面恰好無(wú)壓力不計(jì)一切摩擦及空氣阻力，重力加速度大小為g.下列說(shuō)法正確的是()A物體A下落過(guò)程中，物體A和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒B彈簧的

12、勁度系數(shù)為C物體A著地時(shí)的加速度大小為D物體A著地時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能為mghmv2AC解析 因?yàn)锽沒(méi)有運(yùn)動(dòng)，所以物體A下落過(guò)程中，只有彈力和重力做功，故物體A和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，選項(xiàng)A正確；因?yàn)锳剛下落時(shí)，彈簧處于原長(zhǎng)，A落地時(shí)，彈簧對(duì)B的彈力大小等于B的重力，故khmg，解得k，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；物體A落地時(shí)彈簧對(duì)繩子的拉力大小為mg，故對(duì)A分析，受到豎直向上的拉力，大小為mg，豎直向下的重力，大小為2mg，故根據(jù)牛頓第二定律可得2mgmg2ma，解得a，選項(xiàng)C正確；物體A下落過(guò)程中，物體A和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，故2mgh2mv2Ep，解得Ep2mghmv2，選項(xiàng)D錯(cuò)誤二、實(shí)驗(yàn)題(共1

13、5分)22(2019安徽定遠(yuǎn)育才學(xué)校二模)(6分)某同學(xué)利用傾斜氣墊導(dǎo)軌做“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”的實(shí)驗(yàn)，實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示其主要實(shí)驗(yàn)步驟如下：a用游標(biāo)卡尺測(cè)量擋光條的寬度l，結(jié)果如圖乙所示；b讀出導(dǎo)軌標(biāo)尺的總長(zhǎng)L0，并用直尺測(cè)出導(dǎo)軌標(biāo)尺在豎直方向的高度H0；c讀出滑塊釋放處擋光條與光電門(mén)中心之間的距離s；d由靜止釋放滑塊，從數(shù)字計(jì)時(shí)器(圖中未畫(huà)出)上讀出擋光條通過(guò)光電門(mén)所用的時(shí)間t.回答下列問(wèn)題：(1)由圖乙讀出l_mm.(2)_(選填“有”或“沒(méi)有”)必要用天平稱(chēng)出滑塊和擋光條的總質(zhì)量M.(3)多次改變光電門(mén)位置，即改變距離s，重復(fù)上述實(shí)驗(yàn)，作出隨s的變化圖象，如圖所示，當(dāng)已知量t0、s0、

14、l、L0、H0和當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭滿(mǎn)足表達(dá)式_時(shí)，可判斷滑塊下滑過(guò)程中機(jī)械能守恒解析 (1)游標(biāo)尺上共有20小格，精度為0.05 mm，用游標(biāo)卡尺測(cè)量擋光條的寬度l(80.054)mm8.20 mm.(2)欲驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，即Mgssin M2，為氣墊導(dǎo)軌與水平面間的夾角，只需驗(yàn)證gssin 2，可見(jiàn)沒(méi)有必要測(cè)量滑塊和擋光條的總質(zhì)量M.(3)由幾何知識(shí)得sin ，當(dāng)ss0，tt0時(shí)有s0.答案 (1)8.20(2)沒(méi)有(3)s023(2019四川瀘縣二中三模)(9分)某同學(xué)要測(cè)定三節(jié)干電池組成的電池組的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，實(shí)驗(yàn)室提供的器材有：A電流表G(滿(mǎn)偏電流5 mA，內(nèi)阻10 )B安培表(量程

15、0.6 A，內(nèi)阻0.5 )C電壓表(量程15 V，內(nèi)阻約為6 k)D滑動(dòng)變阻器(阻值010 ，額定電流為2 A)E定值電阻R0(阻值990 )F開(kāi)關(guān)S一個(gè)，導(dǎo)線(xiàn)若干(1)請(qǐng)完成虛線(xiàn)框內(nèi)的電路圖，為了減小實(shí)驗(yàn)誤差，電路圖甲中的導(dǎo)線(xiàn)應(yīng)連接到_(選填“”或“”)的位置(2)調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，測(cè)得虛線(xiàn)框內(nèi)電表的示數(shù)X與安培表的示數(shù)I的多組數(shù)值，作出XI圖象如圖乙所示，則由圖線(xiàn)可以得到被測(cè)電池組的電動(dòng)勢(shì)E_V，內(nèi)阻r_.(保留兩位有效數(shù)字)(3)實(shí)驗(yàn)時(shí)，小明進(jìn)行了多次測(cè)量，花費(fèi)了較長(zhǎng)時(shí)間，測(cè)量期間一直保持開(kāi)關(guān)閉合，其實(shí)，從實(shí)驗(yàn)誤差考慮，這樣的操作不妥，因?yàn)開(kāi)解析 (1)三節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)大約為4.5 V，由于所給電壓表的量程過(guò)大，因此需要用電流表G和定值電阻R0組成一個(gè)量程為5 V的電壓表，因此虛線(xiàn)框內(nèi)的電路連接如圖所示由于安培表的電阻已知，因此將導(dǎo)線(xiàn)連接到可以減小電池內(nèi)阻測(cè)量的誤差(2)由電路連接可知，X為電流表G的示數(shù)，將圖線(xiàn)延長(zhǎng)，圖線(xiàn)與縱軸的交點(diǎn)是4.5 mA，為電路斷路時(shí)電流表G的示數(shù)，此時(shí)電源的電動(dòng)勢(shì)等于路端電壓，即E4.5103(99010)V4.5 V，電源的內(nèi)阻r 0.5 4.5 .(3)干電池長(zhǎng)時(shí)間使用后，電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻會(huì)發(fā)生變化，導(dǎo)致實(shí)驗(yàn)誤差增大答案 (1)見(jiàn)解析圖(2)4.54.5(3)干電池使用較長(zhǎng)時(shí)間后，電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻發(fā)生變化，導(dǎo)致實(shí)驗(yàn)誤差增大