《高考物理二輪課時(shí)作業(yè)：專題三 2 磁場及帶電粒子在磁場中的運(yùn)動(dòng) Word版含解析》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《高考物理二輪課時(shí)作業(yè)：專題三 2 磁場及帶電粒子在磁場中的運(yùn)動(dòng) Word版含解析（11頁珍藏版）》請?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。
1、專題三 第2講A級(jí)對(duì)點(diǎn)練題組一磁場及磁場對(duì)電流的作用1.三根平行的長直導(dǎo)體棒分別過正三角形ABC的三個(gè)頂點(diǎn)，并與該三角形所在平面垂直，各導(dǎo)體棒中均通有大小相等的電流，方向如圖所示則三角形的中心O處的合磁場方向?yàn)?)A平行于AB，由A指向BB平行于BC，由B指向CC平行于CA，由C指向AD由O指向C解析：A如圖所示，由右手螺旋定則可知，A處導(dǎo)體棒中電流在O點(diǎn)產(chǎn)生的磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向平行于BC，同理，可知B、C處導(dǎo)體棒中電流在O點(diǎn)產(chǎn)生的磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向分別平行于AC、AB，又由于三根導(dǎo)體棒中電流大小相等，到O點(diǎn)的距離相等，則它們在O處產(chǎn)生的磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，再由平行四邊形定則，可得
2、O處的合磁場方向?yàn)槠叫杏贏B，由A指向B，故選A.2如圖所示，一個(gè)邊長為L、三邊電阻相同的正三角形金屬框放置在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中若通以圖示方向的電流(從A點(diǎn)流入，從c點(diǎn)流出)，電流強(qiáng)度I，則金屬框受到的磁場力為()A0BBILC.BILD2BIL解析：B由并聯(lián)電路分流規(guī)律可知底邊通過的電流I1I，上方兩邊內(nèi)通過的電流為I2I.上方兩邊受到的磁場力的合力可等效為平行底邊、長為L的直導(dǎo)線受到的磁場力，由左手定則判定可知受磁場力方向均向上，故金屬框受到的磁場力FBLIBLIBLI，B正確3如圖所示，在天花板下用細(xì)線懸掛一半徑為R的金屬圓環(huán)，圓環(huán)處于靜止?fàn)顟B(tài)，圓環(huán)一部分處在垂直于環(huán)面的磁感應(yīng)強(qiáng)
3、度大小為B的水平勻強(qiáng)磁場中，環(huán)與磁場邊界交點(diǎn)A、B與圓心O連線的夾角為120，此時(shí)懸線的張力為F.若圓環(huán)通電，使懸線的張力剛好為零，則圓環(huán)中電流大小和方向是()A電流大小為，電流方向沿順時(shí)針方向B電流大小為，電流方向沿逆時(shí)針方向C電流大小為，電流方向沿順時(shí)針方向D電流大小為，電流方向沿逆時(shí)針方向解析：A要使懸線拉力為零，則圓環(huán)通電后受到的安培力方向豎直向上，根據(jù)左手定則可以判斷，電流方向應(yīng)沿順時(shí)針方向，根據(jù)力的平衡有FF安，而F安BIR，求得I，A項(xiàng)正確4如圖所示，在豎直向上的勻強(qiáng)磁場中，金屬棒ab兩端由等長輕質(zhì)軟導(dǎo)線水平懸掛，平衡時(shí)兩懸線與水平面的夾角均為(90)緩慢調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的滑片位置
4、以改變通過棒中的電流I，下列4幅圖像中能正確反映與I的變化規(guī)律的是()解析：A對(duì)ab棒受力分析如圖所示由平衡條件有tan ，可得I，又知為常數(shù)，故A項(xiàng)正確，B、C、D項(xiàng)錯(cuò)誤5一通電直導(dǎo)線與x軸平行放置，勻強(qiáng)磁場的方向與xOy坐標(biāo)平面平行，導(dǎo)線受到的安培力為F.若將該導(dǎo)線做成圓，放置在xOy坐標(biāo)平面內(nèi)，如圖所示，并保持通電的電流不變，兩端點(diǎn)a、b連線也與x軸平行，則圓受到的安培力大小為()AF B.F C.F D.F解析：C通電導(dǎo)線長為L，其與x軸平行放置時(shí)，受到的安培力為F，制作成圓時(shí)，半徑為R，則2RL，解得R.故a、b連線的長度dR，此時(shí)圓環(huán)受到的安培力FFF，故C正確題組二帶電粒子在磁場
5、中的勻速圓周運(yùn)動(dòng)6(2019北京卷，16T)如圖所示，正方形區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面的勻強(qiáng)磁場一帶電粒子垂直磁場邊界從a點(diǎn)射入，從b點(diǎn)射出下列說法正確的是()A粒子帶正電B粒子在b點(diǎn)速率大于在a點(diǎn)速率C若僅減小磁感應(yīng)強(qiáng)度，則粒子可能從b點(diǎn)右側(cè)射出D若僅減小入射速率，則粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)時(shí)間變短解析：C由左手定則確定粒子的電性，由洛倫茲力的特點(diǎn)確定粒子在b、a兩點(diǎn)的速率，根據(jù)qvBm確定粒子運(yùn)動(dòng)半徑和運(yùn)動(dòng)時(shí)間由題可知，粒子向下偏轉(zhuǎn)，根據(jù)左手定則，所以粒子應(yīng)帶負(fù)電，故A錯(cuò)誤；由于洛倫茲力不做功，所以粒子動(dòng)能不變，即粒子在b點(diǎn)速率與a點(diǎn)速率相等，故B錯(cuò)誤；若僅減小磁感應(yīng)強(qiáng)度，由公式qvBm得：r，所以磁感應(yīng)
6、強(qiáng)度減小，半徑增大，所以粒子有可能從b點(diǎn)右側(cè)射出，故C正確，若僅減小入射速率，粒子運(yùn)動(dòng)半徑減小，在磁場中運(yùn)動(dòng)的偏轉(zhuǎn)角增大，則粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)時(shí)間一定變長，故D錯(cuò)誤7如圖所示，邊長為L的正方形有界勻強(qiáng)磁場ABCD，帶電粒子從A點(diǎn)沿AB方向射入磁場，恰好從C點(diǎn)飛出磁場；若帶電粒子以相同的速度從AD的中點(diǎn)P垂直AD射入磁場，從DC邊的M點(diǎn)飛出磁場(M點(diǎn)未畫出)設(shè)粒子從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)所用時(shí)間為t1，由P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到M點(diǎn)所用時(shí)間為t2(帶電粒子重力不計(jì))，則t1t2為()A21 B23 C32 D.解析：C如圖所示為粒子兩次運(yùn)動(dòng)軌跡圖，由幾何關(guān)系知粒子由A點(diǎn)進(jìn)入C點(diǎn)飛出時(shí)軌跡所對(duì)圓心角190，粒子由P點(diǎn)進(jìn)入
7、M點(diǎn)飛出時(shí)軌跡所對(duì)圓心角260，則，故選項(xiàng)C正確8.(2020涼山州模擬)如圖所示，有一邊長L2 m的正三角形區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向內(nèi)的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B T，有一比荷q/m200 C/kg的帶正電粒子從AB邊上的P點(diǎn)垂直AB邊進(jìn)入磁場，AP的距離為 m，要使粒子能從AC邊射出磁場，帶電粒子的最大初速度為(粒子的重力不計(jì))( )A500 m/s B600 m/sC4102 m/s D1 200 m/s解析：B從AC邊穿出的粒子其臨界軌跡如圖所示，對(duì)速度較大的粒子，對(duì)應(yīng)的半徑為R，根據(jù)幾何關(guān)系可知，此時(shí)粒子的軌道半徑：RLsin 602m m又qvBm，解得v200 m/s600 m/s，故
8、B正確，A、C、D錯(cuò)誤題組三帶電粒子在磁場中的臨界、極值、多解問題9如圖所示，平行邊界MN、PQ間有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，兩邊界的間距為d.MN上有一粒子源A，可在紙面內(nèi)沿各個(gè)方向向磁場中射入質(zhì)量均為m、電荷量均為q的粒子粒子射入磁場的速度大小v，不計(jì)粒子的重力，則粒子能從PQ邊界射出的區(qū)域長度與能從MN邊界射出的區(qū)域長度之比為()A11 B23C.2 D.3解析：C粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)時(shí)，Bqv.粒子運(yùn)動(dòng)軌跡半徑Rd.由左手定則可得：粒子沿逆時(shí)針方向偏轉(zhuǎn)，做圓周運(yùn)動(dòng)粒子沿AN方向進(jìn)入磁場時(shí)，到達(dá)PQ邊界的最下端距A點(diǎn)的豎直距離L1d.運(yùn)動(dòng)軌跡與PQ相切時(shí)，切點(diǎn)為到達(dá)P
9、Q邊界的最上端，距A點(diǎn)的豎直距離L2d，所以粒子在PQ邊界射出的區(qū)域長度為LL1L2d；因?yàn)镽d，所以粒子在MN邊界射出區(qū)域的長度為L2Rd.故兩區(qū)域長度之比為LLdd2，故C項(xiàng)正確，A、B、D錯(cuò)誤10如圖所示，在直角坐標(biāo)系xOy中，x軸上方有勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B，磁場方向垂直于紙面向外許多質(zhì)量為m、電荷量為q的粒子，以相同的速率v沿紙面內(nèi)，由x軸負(fù)方向與y軸正方向之間各個(gè)方向從原點(diǎn)O射入磁場區(qū)域不計(jì)重力及粒子間的相互作用下列圖中陰影部分表示帶電粒子在磁場中可能經(jīng)過的區(qū)域，其中R，正確的圖是()解析：D由左手定則可知帶正電粒子的偏轉(zhuǎn)方向，以R為半徑作圓a和圓b，如圖所示，將圓a以O(shè)點(diǎn)
10、為軸順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，直到與b圓重合，可以判斷出圖D正確B級(jí)綜合練11(多選)如圖所示，MN是垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場的邊界在邊界上P點(diǎn)甲、乙兩粒子同時(shí)沿與PN分別成60、30角垂直磁場方向射入磁場，經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)后均從Q點(diǎn)射出磁場不計(jì)粒子的重力以及粒子間的相互作用，則下列判斷正確的是()A若甲、乙兩粒子完全相同，則甲、乙兩粒子的速度之比為1B若甲、乙兩粒子完全相同，則甲、乙兩粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比為21C若甲、乙兩粒子同時(shí)到達(dá)Q點(diǎn)，則甲、乙兩粒子的速度之比為2D若甲、乙兩粒子同時(shí)到達(dá)Q點(diǎn)，則甲、乙兩粒子的比荷之比為21解析：ABD設(shè)P、Q間的距離為L，則由幾何關(guān)系可得甲、乙粒子在磁場中做圓周運(yùn)動(dòng)軌
11、跡的半徑分別為r甲，r乙L.如果兩粒子完全相同，由r得v，則甲、乙兩粒子的速度之比為v甲v乙r甲r乙1，A正確；如果甲、乙兩粒子完全相同，由T可知粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的周期相同，則兩粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比等于兩粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的軌跡所對(duì)的圓心角之比，t甲t乙21，B正確；若甲、乙兩粒子同時(shí)到達(dá)Q點(diǎn)，則兩粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相同，則兩粒子的速度之比等于軌跡的弧長之比，v甲v乙2，由r可得，則甲、乙兩粒子的比荷之比為21，C錯(cuò)誤、D正確12(多選)如圖所示直角坐標(biāo)系xOy，P(a，b)為第四象限內(nèi)的一點(diǎn)一質(zhì)量為m、電荷量為q的負(fù)電荷(重力不計(jì))從原點(diǎn)O以初速度v0沿y軸正方向射入第一次在整個(gè)坐標(biāo)系
12、內(nèi)加垂直紙面向內(nèi)的勻強(qiáng)磁場，該電荷恰好能通過P點(diǎn)；第二次保持y0區(qū)域磁場不變，而將y0區(qū)域磁場改為沿x軸正方向的勻強(qiáng)電場，該電荷仍通過P點(diǎn)，則()A勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度BB勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度BC電荷從O運(yùn)動(dòng)到P，第二次所用時(shí)間一定短些D電荷通過P點(diǎn)時(shí)的速度，第二次與x軸負(fù)方向的夾角一定小些解析：AC第一次在整個(gè)坐標(biāo)系內(nèi)加垂直紙面向內(nèi)的勻強(qiáng)磁場，該電荷恰好能通過P點(diǎn)，做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，軌跡如圖，由幾何關(guān)系得(aR)2b2R2，解得R.又qv0Bm，解得勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B，故A正確，B錯(cuò)誤第二次保持y0區(qū)域磁場不變，而將y0區(qū)域磁場改為沿x軸正方向的勻強(qiáng)電場該電荷仍通過P點(diǎn)，先做勻速圓周運(yùn)動(dòng)后
13、做類平拋運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)時(shí)間t2T.第一次做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)時(shí)間t1T，因大于b，所以t1t2，即第二次所用時(shí)間一定短些，故C正確電荷通過P點(diǎn)時(shí)的速度，設(shè)第一次與x軸負(fù)方向的夾角為，則有tan .設(shè)第二次與x軸負(fù)方向的夾角為，則有tan .又，可知tan tan .電荷通過P點(diǎn)時(shí)的速度，第二次與x軸負(fù)方向的夾角一定大些，故D錯(cuò)誤13(多選)如圖所示，等腰直角三角形abc區(qū)域內(nèi)存在方向垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，直角邊bc的長度為L.3個(gè)相同的帶正電粒子從b點(diǎn)沿bc方向分別以不同速率v1、v2、v3射入磁場，在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間分別為t1、t2、t3，且t1t2t3332.不計(jì)粒子的重
14、力及粒子間的相互作用，下列說法正確的是()A粒子的速率關(guān)系一定是v1v2v3B粒子的速率可能是v2v1v3C粒子的比荷D粒子的比荷解析：BD3個(gè)相同的帶正電粒子從b點(diǎn)沿bc方向分別以速率v1、v2、v3射入磁場粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律有qvB，可得r.軌跡半徑與速率成正比，又知三粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比為t1t2t3332，三粒子在磁場中做圓周運(yùn)動(dòng)的周期T相等，則它們在磁場中偏轉(zhuǎn)角度之比等于時(shí)間之比，可知速率為v1、v2的粒子從ab邊穿出，偏轉(zhuǎn)角為90，但兩者的速率大小關(guān)系不定，速率為v3的粒子從ac邊穿出，則其軌跡半徑最大，由半徑公式r知v3一定大于v1
15、和v2，所以選項(xiàng)A錯(cuò)誤，選項(xiàng)B正確速率為v3的粒子偏轉(zhuǎn)角為60，如圖所示，由幾何關(guān)系知：r3sin 60L，得r3L.又r3，得，故D正確由得t1t2，又T，得，C項(xiàng)錯(cuò)誤14如圖，紙面內(nèi)有E、F、G三點(diǎn)，GEF30，EFG135.空間有一勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直于紙面向外先使帶有電荷量為q(q0)的點(diǎn)電荷a在紙面內(nèi)垂直于EF從F點(diǎn)射出，其軌跡經(jīng)過G點(diǎn)；再使帶有同樣電荷量的點(diǎn)電荷b在紙面內(nèi)與EF成一定角度從E點(diǎn)射出，其軌跡也經(jīng)過G點(diǎn)兩點(diǎn)電荷從射出到經(jīng)過G點(diǎn)所用的時(shí)間相同，且經(jīng)過G點(diǎn)時(shí)的速度方向也相同已知點(diǎn)電荷a的質(zhì)量為m，軌道半徑為R，不計(jì)重力，求：(1)點(diǎn)電荷a從射出到經(jīng)過G點(diǎn)所用的時(shí)間；(2)點(diǎn)電荷b的速度大小解析：(1)設(shè)點(diǎn)電荷a的速度大小為v，由牛頓第二定律得qvB，由式得v.設(shè)點(diǎn)電荷a的運(yùn)動(dòng)周期為T，T.如圖所示，O和O1分別是a和b的圓弧軌道的圓心設(shè)a在磁場中偏轉(zhuǎn)的角度為，由幾何關(guān)系可得90故a從開始運(yùn)動(dòng)到經(jīng)過G點(diǎn)所用的時(shí)間t(2)設(shè)點(diǎn)電荷b的速度大小為v1，軌跡半徑為R1，b在磁場中的偏轉(zhuǎn)角度為1，依題意有t，由式得v1v.由于兩軌道在G點(diǎn)相切，所以過G點(diǎn)的半徑OG和O1G在同一直線上由幾何關(guān)系和題給條件可得160R12R聯(lián)立式，解得v1.答案：(1)(2)
高考物理二輪課時(shí)作業(yè)：專題三 2 磁場及帶電粒子在磁場中的運(yùn)動(dòng) Word版含解析
