2020高中物理 第八章 機械能守恒定律 3動能和動能定理練習（含解析）新人教版第二冊

《2020高中物理 第八章 機械能守恒定律 3動能和動能定理練習（含解析）新人教版第二冊》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《2020高中物理 第八章 機械能守恒定律 3動能和動能定理練習（含解析）新人教版第二冊（7頁珍藏版）》請在裝配圖網上搜索。

1、第八章 3動能和動能定理 A組：合格性水平訓練 1．(動能定理的理解)一物體做變速運動時，下列說法中正確的是(　　) A．合外力一定對物體做功，使物體動能改變 B．物體所受合外力一定不為零 C．合外力一定對物體做功，但物體動能可能不變 D．物體的加速度可能為零 答案　B 解析　物體做變速運動，可能是物體的速度方向變化，而大小不變，如勻速圓周運動，此時物體的動能不變，并且合外力對物體不做功，故A、C均錯誤；物體做變速運動，一定具有加速度，物體所受合外力一定不為零，故B正確、D錯誤。 2．(動能定理的應用)一質量為m的滑塊，以速度v在光滑水平面上向左滑行，從某一時刻起，在滑

2、塊上作用一向右的水平力，經過一段時間后，滑塊的速度變?yōu)椋?v(方向與原來相反)，在這段時間內，水平力所做的功為(　　) A.mv2 B．－mv2 C.mv2 D．－mv2 答案　A 解析　由動能定理得：WF＝m(－2v)2－mv2＝mv2，A正確。 3．(動能定理的應用)(多選)甲、乙兩個質量相同的物體，用大小相等的力F分別拉它們在水平面上從靜止開始運動相同的距離s，如圖所示，甲在光滑面上，乙在粗糙面上，則下列關于力F對甲、乙兩物體做的功和甲、乙兩物體獲得的動能的說法中正確的是(　　) A．力F對甲物體做功多 B．力F對甲、乙兩個物體做的功一樣多 C．甲物體獲得的動

3、能比乙大 D．甲、乙兩個物體獲得的動能相同 答案　BC 解析　由功的公式W＝Flcosα＝Fs可知，兩種情況下力F對甲、乙兩個物體做的功一樣多，A錯誤、B正確；根據動能定理，對甲有Fs＝Ek1，對乙有Fs－fs＝Ek2，可知Ek1>Ek2，即甲物體獲得的動能比乙大，C正確、D錯誤。 4．(動能定理的應用)(多選)一物體在運動過程中，重力做了－2 J的功，合力做了4 J的功，則(　　) A．該物體動能減少，減少量等于4 J B．該物體動能增加，增加量等于4 J C．該物體重力勢能減少，減少量等于2 J D．該物體重力勢能增加，增加量等于2 J 答案　BD 解析　重力做負功，重

4、力勢能增大，增加量等于克服重力做的功，C錯誤、D正確；根據動能定理得該物體動能增大，增加量為4 J，A錯誤、B正確。 5. (動能定理的應用)物體在合外力作用下做直線運動的v-t圖像如圖所示。下列表述正確的是(　　) A．在0～1 s內，合外力做正功 B．在0～2 s內，合外力總是做負功 C．在1～2 s內，合外力不做功 D．在0～3 s內，合外力總是做正功 答案　A 解析　由v-t圖像知，0～1 s內，v增大，動能增大，由動能定理可知合外力做正功，A正確。1～2 s內v減小，動能減小，合外力做負功，可見B、C、D錯誤。 6．(綜合)(多選)如圖甲所示，質量m＝2 kg的物

5、體以100 J的初動能在粗糙的水平地面上滑行，其動能Ek隨位移x變化的關系圖像如圖乙所示，則下列判斷中正確的是(　　) A．物體運動的總位移大小為10 m B．物體運動的加速度大小為10 m/s2 C．物體運動的初速度大小為10 m/s D．物體所受的摩擦力大小為10 N 答案　ACD 解析　由圖乙可知物體運動的總位移大小為10 m，A正確；物體的初動能Ek0＝mv＝100 J，則v0＝＝10 m/s，C正確；由動能定理得－fx＝ΔEk＝－100 J，則f＝10 N，D正確；由牛頓第二定律得f＝ma，a＝＝5 m/s2，B錯誤。 7. (綜合)如圖所示，一半徑為R、粗糙程度處

6、處相同的半圓形軌道豎直固定放置，直徑POQ水平。一質量為m的質點自P點上方高度R處由靜止開始下落，恰好從P點進入軌道。質點滑到軌道最低點N時，對軌道的壓力為4mg，g為重力加速度的大小。用W表示質點從P點運動到N點的過程中克服摩擦力所做的功，則(　　) A．W＝mgR，質點恰好可以到達Q點 B．W＞mgR，質點不能到達Q點 C．W＝mgR，質點到達Q點后，繼續(xù)上升一段距離 D．W＜mgR，質點到達Q點后，繼續(xù)上升一段距離 答案　C 解析　根據質點滑到軌道最低點N時，對軌道壓力為4mg，利用牛頓第三定律可知，軌道對質點的支持力為4mg，在最低點，由牛頓第二定律得，4mg－mg＝m

7、，解得質點滑到最低點的速度v＝。對質點從開始下落到滑到最低點的過程，由動能定理得，2mgR－W＝mv2，解得W＝mgR。對質點由最低點繼續(xù)上滑的過程，到達Q點時克服摩擦力做功W′要小于W＝mgR，由此可知，質點到達Q點后，可繼續(xù)上升一段距離，C正確，A、B、D錯誤。 8．(綜合)我國海軍殲-15艦載機已經在“遼寧”號航母上成功著艦和起飛。現將飛機起飛模型簡化為飛機先在水平甲板上做勻加速直線運動，再在傾角為θ＝15°的斜面甲板上以最大功率做加速運動，最后從甲板飛出的速度為360 km/h，如圖所示。若飛機的質量為18噸，甲板AB長180 m，BC長50 m。(忽略飛機長度，不計一切摩擦和空氣阻

8、力，取sin15°＝0.3，g＝10 m/s2)如果要求到達甲板B點的速度至少為離開斜面甲板速度的60%，則： (1)飛機在水平甲板上運動時的牽引力至少為多少才能使飛機起飛？ (2)如果到達B點時飛機剛好達到最大功率，則從飛機開始運動到飛離甲板共需多少時間？ 答案　(1)1.8×105 N　(2)11.58 s 解析　(1)由題意知 m＝18 t＝1.8×104 kg，vC＝360 km/h＝100 m/s， 則B點的速度至少為v＝0.6vC＝60 m/s， 由動能定理得，FxAB＝mv2，解得F＝1.8×105 N。 (2)飛機到達B點時的功率P＝Fv＝1.08×107

9、W，飛機從A運動到B的時間t1＝， 飛機從B到C的運動過程由動能定理，得 Pt2－mgsinθ·xBC＝mv－mv2，t＝t1＋t2， 聯立解得t＝11.58 s。 B組：等級性水平訓練 9．(多過程問題中動能定理的應用)(多選)一物體從斜面底端以初動能E滑向斜面，返回到斜面底端的速度大小為v，克服摩擦力做的功為，若物塊以初動能2E滑向斜面(斜面足夠長)，則(　　) A．返回斜面底端時的動能為E B．返回斜面底端時的動能為 C．返回斜面底端時的速度大小為2v D．返回斜面底端時的速度大小為 v 答案　AD 解析　設斜面傾角為θ，斜面對物體的摩擦力為f，物體以初動能E滑向斜

10、面時，在斜面上上升的最遠距離為x1，則根據動能定理，在物體沿斜面上升的過程中有－Gx1sinθ－fx1＝0－E，在物體沿斜面下降的過程中有Gx1sinθ－fx1＝，聯立解得Gsinθ＝3f，同理，當物體以初動能2E滑向斜面時，在物體沿斜面上升的過程中有－Gx2sinθ－fx2＝0－2E，在物體沿斜面下降的過程中有Gx2sinθ－fx2＝E′，聯立解得E′＝E，故A正確、B錯誤；由＝mv2，E′＝mv′2，得v′＝v，故C錯誤、D正確。 10．(綜合)(多選)小滑塊以初動能Ek0從A點出發(fā)，沿斜面向上運動，AB、BC、CD長度相等，若整個斜面AD光滑，則滑塊到達D位置速度恰好為零，而后下滑?，F

11、斜面AB部分處處與滑塊間有相同的動摩擦因數，其余部分BD仍光滑，則滑塊恰好滑到C位置速度為零，然后下滑，那么滑塊下滑到(　　) A．位置B時的動能為 B．位置B時的動能為 C．位置A時的動能為 D．位置A時的動能為 答案　AD 解析　設斜面長3x、高為3h，若斜面光滑，滑塊由底端到頂端過程中，－mg·3h＝0－Ek0?、伲蝗鬉B部分粗糙、其他部分光滑，滑塊由底端A到C過程中，－fx－mg·2h＝0－Ek0?、冢换瑝K由C滑到B過程中，mgh＝EkB?、?，聯立①③可解得EkB＝，A正確，B錯誤；滑塊由C滑到A過程中，mg·2h－fx＝EkA?、?，聯立①②④三式可解得EkA＝，C

12、錯誤，D正確。 11. (多過程問題中動能定理的應用)如圖所示，光滑斜面AB的傾角θ＝53°，BC為水平面，BC長度lBC＝1.1 m，CD為光滑的圓弧，半徑R＝0.6 m。一個質量m＝2 kg的物體，從斜面上A點由靜止開始下滑，物體與水平面BC間的動摩擦因數μ＝0.2，軌道在B、C兩點光滑連接。當物體到達D點時，繼續(xù)豎直向上運動，最高點距離D點的高度h＝0.2 m，sin 53°＝0.8，cos 53°＝0.6，g取10 m/s2。求： (1)物體運動到C點時的速度大小vC； (2)A點距離水平面的高度H； (3)物體最終停止的位置到C點的距離s。 答案　(1)4 m/s　(2)1.02 m　(3)0.4 m 解析　(1)物體由C點運動到最高點，根據動能定理得： －mg(h＋R)＝0－mv，代入數據解得：vC＝4 m/s。 (2)物體由A點運動到C點，根據動能定理得： mgH－μmglBC＝mv－0， 代入數據解得：H＝1.02 m。 (3)從物體開始下滑到停下，根據動能定理得： mgH－μmgs1＝0－0，代入數據，解得s1＝5.1 m 由于s1＝4lBC＋0.7 m，所以物體最終停止的位置到C點的距離為：s＝0.4 m。 - 7 -