2020高考物理二輪復(fù)習(xí) 600分沖刺 20分鐘快速訓(xùn)練3（含解析）

20分鐘快速訓(xùn)練(三)本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第15題只有一項(xiàng)符合題目要求，第68題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1下列說法正確的是(B)A聚變反應(yīng)需將熱核燃料的溫度加熱到數(shù)百萬開爾文以上，顯然是吸熱反應(yīng)B聚變反應(yīng)中核子的比結(jié)合能變大C聚變反應(yīng)中由于形成質(zhì)量較大的核，故反應(yīng)后質(zhì)量增加D氕和氚結(jié)合成氦原子核時(shí)，其質(zhì)量虧損所對(duì)應(yīng)的能量等于該氦原子核的結(jié)合能解析聚變反應(yīng)需將熱核燃料的溫度加熱到數(shù)百萬開爾文以上，但一旦反應(yīng)進(jìn)行，自身釋放的巨大能量足以提供高溫，使反應(yīng)繼續(xù)進(jìn)行，故聚變反應(yīng)是放熱反應(yīng)，故A錯(cuò)誤；由于聚變反應(yīng)中釋放出巨大能量，故比結(jié)合能一定增加，質(zhì)量發(fā)生虧損，故B正確，C錯(cuò)誤；氚核本身有一定的結(jié)合能，所以氕和氚結(jié)合成氦原子核時(shí)，其質(zhì)量虧損所對(duì)應(yīng)的能量小于該氦原子核的結(jié)合能，故D錯(cuò)誤。22018年11月1日，我國成功發(fā)射第四十一顆北斗導(dǎo)航衛(wèi)星，這顆衛(wèi)星屬于地球同步衛(wèi)星；2019年1月3日，我國發(fā)射的嫦娥四號(hào)探測(cè)器在月球背面成功著陸，開啟了人類探測(cè)月球的新篇章。若嫦娥四號(hào)繞月球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑是第四十一顆北斗導(dǎo)航衛(wèi)星繞地球運(yùn)行的軌道半徑的，月球質(zhì)量為地球質(zhì)量的，則嫦娥四號(hào)繞月球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期與第四十一顆北斗導(dǎo)航衛(wèi)星繞地球運(yùn)行的周期之比為(A)ABC D解析由Gm()2r得T2，則嫦娥四號(hào)繞月球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期與第四十一顆北斗導(dǎo)航衛(wèi)星繞地球運(yùn)行的周期之比為，只有A正確。3如圖所示，半徑為R的圓弧面靜置在水平面上，其圓心O與水平臺(tái)面高度差為2R，一小球(視為質(zhì)點(diǎn))以某一初速度從臺(tái)面水平向右飛出，其運(yùn)動(dòng)軌跡恰好與圓弧面相切，切點(diǎn)為C(未畫出)，則OC與OB的夾角的正弦值為(A)A2 B42C D解析小球做平拋運(yùn)動(dòng)，則2RRsingt2，Rcosv0t，tan，整理得sin24sin10，sin2±，由于sin1，得sin2，只有A正確。4轎車在筆直的公路上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，當(dāng)轎車經(jīng)過公路上的A路標(biāo)時(shí)，?？吭谂赃叺囊惠v卡車開始以加速度a1做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)一段時(shí)間后立即以加速度a2做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，結(jié)果卡車與轎車同時(shí)到達(dá)下一個(gè)路標(biāo)，此時(shí)卡車的速度恰好減為零，若兩路標(biāo)之間的距離為d，則轎車勻速運(yùn)動(dòng)的速度大小為(B)A BC D解析設(shè)卡車行駛過程中的最大速度為vmax，則加速過程和減速過程的時(shí)間分別為t1、t2，作出卡車整個(gè)過程的vt圖象如圖所示，圖象與時(shí)間軸所圍成的面積為()×d，解得vmax，設(shè)轎車勻速運(yùn)動(dòng)的速度為v0，有vmax(t1t2)×v0(t1t2)，解得v0，故B正確。5一質(zhì)點(diǎn)做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，其運(yùn)動(dòng)的位移時(shí)間圖象(xt圖象)如圖所示，P(t1，x1)為圖象上一點(diǎn)。PQ為過P點(diǎn)的切線，與橫軸交于點(diǎn)Q(t2,0)。已知當(dāng)t0時(shí)質(zhì)點(diǎn)的速度大小不為零。則質(zhì)點(diǎn)的加速度大小為(C)A BC D解析xt圖象中某一點(diǎn)的切線斜率表示速度，則t1時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)的速度為v1，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)中間時(shí)刻的速度等于這段時(shí)間內(nèi)的平均速度可得時(shí)刻的速度為v2，根據(jù)加速度的定義有a，所以C正確。6如圖所示，兩根質(zhì)量均為m的相同鐵棒ab、cd平行斜靠在光滑豎直墻壁和水平地面上靜止不動(dòng)，鐵棒的傾角為。一質(zhì)量為4m、半徑為R的圓柱體靜止在兩鐵棒上。若兩棒間的距離為R，系統(tǒng)始終處于靜止?fàn)顟B(tài)，重力加速度大小為g，則(AC)A每根棒受到圓柱體的摩擦力大小為2mgsinB每根棒受到圓柱體的摩擦力大小為4mgsinC地面受到的壓力大小為6mgD地面受到的壓力大小為6mgcos2解析對(duì)圓柱體受力分析，因圓柱體靜止，故受力平衡，將其重力沿鐵棒方向和垂直鐵棒方向分解，分力大小分別為4mgsin、4mgcos，則圓柱體受到一根鐵棒的摩擦力大小為2mgsin，根據(jù)牛頓第三定律知每根棒受到圓柱體的摩擦力大小為2mgsin，A正確，B錯(cuò)誤；以兩根棒和圓柱體整體為研究對(duì)象，豎直方向受到重力和地面的支持力，由受力平衡知地面對(duì)整體的支持力大小為6mg，根據(jù)牛頓第三定律知地面受到的壓力大小為6mg，D錯(cuò)誤，C正確。7質(zhì)量為M的斜面體ABC靜止放在粗糙水平地面上，其斜面AC光滑，傾角為，用水平力F推著斜面上一個(gè)質(zhì)量為m的物塊，物塊與斜面體相對(duì)靜止，如圖所示。設(shè)物塊與斜面體的加速度為a，重力加速度為g，斜面體與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，則下列說法正確的是(BC)A若a0，則一定有tanB若a0，則總滿足tanC若0，則agtanD若tan，則a0解析當(dāng)物塊與斜面體一起向左運(yùn)動(dòng)時(shí)，由牛頓第二定律，對(duì)斜面體和物塊組成的整體，有F(Mm)g(Mm)a，對(duì)物塊有FFNsinma、FNcosmg0，聯(lián)立解得、F(Mm)g(tan)。若Ma0，由式可得tan，B正確；由式可知C正確；若斜面體仍靜止在地面上，即a0，則(Mm)gFmgtan，可得tan，A錯(cuò)誤；由A項(xiàng)和式分析可知，當(dāng)tantan時(shí)，系統(tǒng)靜止，故D錯(cuò)誤。8在豎直平面內(nèi)建立直角坐標(biāo)系，曲線y位于第一象限的部分如圖所示，在曲線上不同點(diǎn)以一定的初速度v0向x軸負(fù)方向水平拋出質(zhì)量為m、帶電荷量為q的小球，小球下落過程中都會(huì)通過坐標(biāo)原點(diǎn)O，之后進(jìn)入第三象限的勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域(圖中未畫出)，結(jié)果小球恰好在豎直面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，并且都能打到y(tǒng)軸負(fù)半軸上。已知?jiǎng)驈?qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，重力加速度g取10 m/s2，則下列說法正確的是(BD)A第三象限的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為，方向豎直向下B小球的初速度為10 m/sC第三象限的磁場(chǎng)方向一定是垂直紙面向外D要使所有的小球都能打到y(tǒng)軸的負(fù)半軸，所加磁場(chǎng)區(qū)域的最小面積是()2解析設(shè)小球釋放點(diǎn)的坐標(biāo)為(x，y)，初速度為v0，由平拋規(guī)律可知xv0t，ygt2，由以上兩式可得yx2，又由題意可知y，聯(lián)立可得v010 m/s，B正確；小球在第三象限做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則mgqE，即E，方向豎直向上，A錯(cuò)誤；根據(jù)題意結(jié)合左手定則可判斷磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，C錯(cuò)誤；設(shè)小球最初進(jìn)入第三象限時(shí)合速度為v，與y軸負(fù)半軸夾角為，則有v0vsin，洛倫茲力提供向心力qvBm，r，小球在磁場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)角恒為2且運(yùn)動(dòng)軌跡的弦長(zhǎng)不變，恒為，要使小球都能打到y(tǒng)軸負(fù)半軸上，所加磁場(chǎng)區(qū)域的最小面積為SminR2()2，D正確。- 5 -