2022年高三物理一輪復(fù)習(xí) 第9章 第3講 電磁感應(yīng)的綜合問題練習(xí)

2022年高三物理一輪復(fù)習(xí) 第9章 第3講 電磁感應(yīng)的綜合問題練習(xí)一、選擇題(每題5分,共15分)1.(xx河南六市二聯(lián),5)如圖所示,有界勻強磁場區(qū)域的半徑為r,磁場方向與導(dǎo)線環(huán)所在平面垂直,導(dǎo)線環(huán)半徑也為r,沿兩圓的圓心連線方向從左側(cè)開始勻速穿過磁場區(qū)域,在此過程中。關(guān)于導(dǎo)線環(huán)中的感應(yīng)電流i隨時間t的變化關(guān)系,下列圖像中(以逆時針方向的電流為正)最符合實際的是() 2.(xx北京海淀期末,9)如圖所示,固定在水平面上的光滑平行金屬導(dǎo)軌,間距為L,右端接有阻值為R的電阻,空間存在方向豎直、磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場。質(zhì)量為m、電阻為r的導(dǎo)體棒ab與固定彈簧相連,放在導(dǎo)軌上。初始時刻,彈簧恰處于自然長度。給導(dǎo)體棒水平向右的初速度v0,導(dǎo)體棒開始沿導(dǎo)軌往復(fù)運動,在此過程中,導(dǎo)體棒始終與導(dǎo)軌垂直并保持良好接觸。已知導(dǎo)體棒的電阻r與定值電阻R的阻值相等,不計導(dǎo)軌電阻,則下列說法中正確的是()A.導(dǎo)體棒開始運動的初始時刻受到的安培力向左B.導(dǎo)體棒開始運動的初始時刻導(dǎo)體棒兩端的電壓U=BLv0C.導(dǎo)體棒開始運動后速度第一次為零時,系統(tǒng)的彈性勢能Ep=mD.金屬棒最終會停在初始位置,在金屬棒整個運動過程中,電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱Q=m3.(xx浙江提優(yōu)卷一,17)如圖甲所示,MN左側(cè)有一垂直紙面向里的勻強磁場。現(xiàn)將一邊長為l、質(zhì)量為m、電阻為R的正方形金屬線框置于該磁場中,使線框平面與磁場垂直,且bc邊與磁場邊界MN重合。當(dāng)t=0時,對線框施加一水平拉力F,使線框由靜止開始向右做勻加速直線運動;當(dāng)t=t0時,線框的ad邊與磁場邊界MN重合。圖乙為拉力F隨時間變化的圖線。由以上條件可知,磁場的磁感應(yīng)強度B的大小為()A.B.C. D.二、非選擇題(15分)4.(xx浙江課程改革協(xié)作校期中,17)如圖甲所示,空間存在一有界勻強磁場,磁場的左邊界如虛線所示,虛線右側(cè)足夠大區(qū)域存在磁場,磁場方向豎直向下。在光滑絕緣水平面內(nèi)有一長方形金屬線框,ab邊長為L=0.2 m,線框質(zhì)量m=0.1 kg、電阻R=0.1 ,在水平向右的外力F作用下,以初速度v0=1 m/s勻加速進入磁場,外力F大小隨時間t變化的圖線如圖乙所示,以線框右邊進入磁場時開始計時,求:(1)勻強磁場的磁感應(yīng)強度B;(2)線框進入磁場的過程中,通過線框截面的電荷量q;(3)若線框進入磁場過程中F做功為WF=0.27 J,求在此過程中線框產(chǎn)生的焦耳熱Q。B組xx模擬·提升題組時間:20分鐘分值:30分一、選擇題(每題6分,共12分)1.(xx浙江稽陽聯(lián)考,17)如圖甲,abcd是位于豎直平面內(nèi)的正方形閉合金屬線框,金屬線框的質(zhì)量為m,電阻為R,在金屬線框的下方有一勻強磁場區(qū)域,MN和PQ是勻強磁場區(qū)域的水平邊界,并與線框的bc邊平行,磁場方向垂直于線框平面向里。現(xiàn)使金屬線框從MN上方某一高度處由靜止開始下落,如圖乙是金屬線框由開始下落到bc邊剛到達勻強磁場下邊界PQ瞬間的v-t圖像,圖中字母均為已知量。重力加速度為g,不計空氣阻力,下列說法正確的是()A.金屬線框剛進入磁場時感應(yīng)電流方向沿adcba方向B.ad邊離開磁場前金屬線框可能做速度大小為的勻速運動C.磁場的磁感應(yīng)強度為D.金屬線框在0t3時間內(nèi)所產(chǎn)生的熱量為mgv1(t2-t1)+m(-)2.(xx浙江杭州二模,19)如圖,在豎直平面內(nèi)有一下邊水平,邊長為L、電阻為R的正方形導(dǎo)線框;在導(dǎo)線框下方有一上下邊界水平、寬度為d(d>L)的條形勻強磁場區(qū)域,磁場方向垂直紙面向里。將導(dǎo)線框由靜止釋放,隨后導(dǎo)線框進入并通過磁場區(qū)域。已知下落過程中線框平面始終與磁場方向垂直,不計空氣阻力,則在導(dǎo)線框由靜止開始下落到完全離開磁場的過程中,下列v-t圖像可能正確的是()二、非選擇題(18分)3.(xx浙江溫州十校期初,24)如圖所示,兩條互相平行且足夠長的光滑金屬導(dǎo)軌位于水平面內(nèi),導(dǎo)軌間距為l=0.2 m,在導(dǎo)軌的一端接有阻值為R=3 的電阻,在x0區(qū)域有一垂直水平面向下的勻強磁場,磁感應(yīng)強度B=0.5 T。一質(zhì)量m=0.1 kg,有效電阻r=2 的金屬棒垂直擱在導(dǎo)軌上,并以v0=20 m/s的初速度進入磁場,在水平拉力F的作用下做持續(xù)的勻變速直線運動,加速度大小a=2 m/s2、方向與速度方向相反。棒與導(dǎo)軌接觸良好,其余電阻均不計。求:(1)第一次電流為零時金屬棒所處的位置;(2)電流第一次減小為最大值的一半時拉力F的大小及其功率大小;(3)金屬棒開始進入磁場到速度減小為零的過程中,電阻R上產(chǎn)生的熱量為1.6 J,求該過程中拉力F所做的功。A組xx模擬·基礎(chǔ)題組一、選擇題1.A導(dǎo)線環(huán)進入磁場時回路中磁通量增加,由楞次定律可判定回路中感應(yīng)電流為逆時針方向,即正方向,當(dāng)導(dǎo)線環(huán)開始出磁場時,回路中磁通量減小,產(chǎn)生的感應(yīng)電流為順時針方向,即負(fù)方向,因此B、C錯誤;導(dǎo)線環(huán)開始進入磁場運動2r的過程中,切割的有效長度逐漸增大,當(dāng)導(dǎo)線環(huán)與磁場圓剛要重合時,切割的有效長度達到最大,由E=Blv可知,回路中的感應(yīng)電動勢逐漸增大,根據(jù)閉合電路的歐姆定律知電流逐漸增大,當(dāng)導(dǎo)線環(huán)與磁場圓剛要重合時電流達到最大,當(dāng)導(dǎo)線環(huán)開始出磁場時,切割的有效長度逐漸變小,由E=Blv可知,回路中的感應(yīng)電動勢逐漸減小,根據(jù)閉合電路的歐姆定律知電流逐漸變小,故A正確,D錯誤。2.AD根據(jù)楞次定律,開始運動時, 安培力方向向左,A項正確;此時導(dǎo)體棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢E=BLv,而ab棒兩端電壓應(yīng)為U=·R=BLv0,B項錯誤。導(dǎo)體棒開始運動,到第一次速度為零的過程,初動能Ek0=m,轉(zhuǎn)化成彈性勢能與電路中產(chǎn)生的焦耳熱之和,故速度第一次為零時Ep<m,C項錯誤;導(dǎo)體棒最終停下來的位置,只能是沒有彈簧彈力的位置,最初的動能m全部轉(zhuǎn)化成焦耳熱,由于r=R,故R上產(chǎn)生的焦耳熱為Q=·(m)=m,D項正確。3.B線框由靜止開始做勻加速直線運動,則t=0時F0=ma,t=t0時3F0-B··l=ma,聯(lián)立解得B=,B正確。二、非選擇題4.答案(1)0.5 T(2)0.75 C(3)0.12 J解析(1)由F-t圖像可知,當(dāng)線框全部進入磁場后,F1=0.2 N,線框的加速度a=2 m/s2t=0時刻線框所受的安培力F安=BIL=,且F=0.3 N由牛頓第二定律得:F-F安=ma解得:B=0.5 T(2)線框進入磁場過程通過線框截面的電荷量q=t由法拉第電磁感應(yīng)定律得:=由閉合電路歐姆定律得:=解得電荷量q=由勻變速直線運動得:x=v0t+at2=0.75 m解得q=0.75 C(3)線框進入磁場過程,由能量守恒定律:WF=Q+mv2-m,v=v0+at解得:Q=0.12 JB組xx模擬·提升題組一、選擇題1.C由右手定則或楞次定律可判斷,金屬線框剛進入磁場時感應(yīng)電流方向沿abcda方向,A錯;由圖乙知,金屬線框剛進入磁場時以速度v1勻速運動,從bc離開磁場到ad離開磁場,線框的運動情況可能是先減速后勻速運動,如最后做勻速運動,速度必為v1,B錯;正方形閉合金屬線框的邊長為L=v1(t2-t1),t1t2時間內(nèi)線框做勻速運動,由mg=得B=,C對;金屬線框在0t3時間內(nèi)所產(chǎn)生的熱量為mgv1(t2-t1),D錯。2.BC線框進入磁場前,做自由落體運動,其v-t圖像為過原點的傾斜直線,若進入磁場后恰能做勻速運動,則從線框下邊進入到完全進入,v-t圖像為平行于t軸的直線,從線框完全進入到線框下邊出磁場前,線框做加速度等于g的勻加速直線運動,其v-t圖像為與第一階段平行的直線,從下邊離開磁場到上邊離開磁場,線框做加速度減小的減速運動,選項A錯誤;若線框下邊進入磁場后做減速運動,則是做加速度減小的減速運動,完全進入后做加速度等于g的勻加速直線運動,離開磁場時做加速度減小的減速運動,選項D錯誤;若線框下邊進入磁場過程做加速運動,則是做加速度減小的加速運動,完全進入后做加速度等于g的勻加速直線運動,離開磁場時可能做勻速運動,也可能做加速度減小的加速運動,還可能做加速度減小的減速運動,選項B、C正確。二、非選擇題3.答案見解析解析(1)由E=Blv,I=可知若I=0,則v=0故x=100 m(2)電流最大值Im=若I=,則速度v=10 m/s安培力F安=BIl=0.02 N電流第一次減小為最大值的一半時,棒仍向右運動,有F+F安=ma故F=0.18 N則P=Fv=1.8 W(3)由動能定理可知WF-W克安=0-m其中W克安=Q總Q總=QR= J故WF=- J