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2022年高三數(shù)學(xué)10月階段性考試試題 文(含解析)新人教A版

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2022年高三數(shù)學(xué)10月階段性考試試題 文(含解析)新人教A版

2022年高三數(shù)學(xué)10月階段性考試試題 文(含解析)新人教A版 【試卷綜析】本次試卷考查的范圍是三角函數(shù)和數(shù)列。試卷的題型著眼于考查現(xiàn)階段學(xué)生的基礎(chǔ)知識(shí)及基本技能掌握情況。整份試卷難易適中,沒有偏、難、怪題,保護(hù)了學(xué)生的學(xué)習(xí)信心并激勵(lì)學(xué)生繼續(xù)學(xué)習(xí)的熱情;在選題和確定測(cè)試重點(diǎn)上都認(rèn)真貫徹了“注重基礎(chǔ),突出知識(shí)體系中的重點(diǎn),培養(yǎng)能力”的命題原則,重視對(duì)學(xué)生運(yùn)用所學(xué)的基礎(chǔ)知識(shí)和技能分析問題、解決問題能力的考查。 一、選擇題(本大題共10小題,每小題5分,共50分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,只有一個(gè)符合題目要求.) 【題文】1.已知集合,,則 A. B. C. D. 【知識(shí)點(diǎn)】交集及其運(yùn)算.A1 【答案解析】B 解析:=[﹣1,+∞),= (﹣∞,2],則 [﹣1,2].故選:B. 【思路點(diǎn)撥】求解函數(shù)的值域化簡集合M,N,然后直接取交集得答案. 【題文】2.復(fù)數(shù)= A.2i B.-2i C.2 D.-2 【知識(shí)點(diǎn)】復(fù)數(shù)代數(shù)形式的乘除運(yùn)算.L4 【答案解析】A 解析:復(fù)數(shù)==2i.故選A. 【思路點(diǎn)撥】通過通分,分母實(shí)數(shù)化,多項(xiàng)式展開求解即可. 【題文】3.已知下面四個(gè)命題:①;②;③; ④。 其中正確的個(gè)數(shù)為 A.1個(gè) B.2個(gè) C.3個(gè) D.4個(gè) 【知識(shí)點(diǎn)】向量的三角形法則.F1 【答案解析】C 解析:對(duì)于①,與是互為相反向量,∴,正確; 對(duì)于②,根據(jù)向量的三角形合成法則知,正確; 對(duì)于③,根據(jù)向量的減法法則知﹣=,∴錯(cuò)誤; 對(duì)于④,根據(jù)平面向量數(shù)量積的定義知=0正確. 綜上,正確的命題是①②④. 故選:C. 【思路點(diǎn)撥】根據(jù)平面向量的加法與減法運(yùn)算法則、以及平面向量數(shù)量積的概念,對(duì)4個(gè)命題進(jìn)行分析判斷,從而得出正確的結(jié)論. 【題文】4.已知數(shù)列中,,且數(shù)列是等差數(shù)列,則等于 A. B. C.5 D. 【知識(shí)點(diǎn)】等差數(shù)列的通項(xiàng)公式.D2 【答案解析】B 解析:∵數(shù)列{an}中,a3=2,a7=1,且數(shù)列是等差數(shù)列,設(shè)公差為d,則 =+4d,解得 d=.故 =+4d=+4d=,∴a11=. 故選 B. 【思路點(diǎn)撥】設(shè)公差為d,則由 =+4d,解得 d=,再由 =+4d 求出a11 的值. 【題文】5.在中,已知,則的面積是 A. B.    C.或 D. 【知識(shí)點(diǎn)】正弦定理的應(yīng)用.C8 【答案解析】C 解析:在△ABC中,由余弦定理可得42=+BC2﹣2×4×BC×cos30°,解得 BC=4,或BC=8. 當(dāng)BC=4時(shí),△ABC的面積為ABBCsinB =×4×4×=4, 當(dāng)BC=8時(shí),△ABC的面積為ABBCsinB =×4×8×=8,故選C. 【思路點(diǎn)撥】在△ABC中,由余弦定理可得BC的值,再由△ABC的面積為ABBCsinB 運(yùn)算求得結(jié)果. 【題文】6.命題函數(shù)在區(qū)間上是增函數(shù);命題函數(shù)的定義域?yàn)镽.則是成立的 A.充分不必要條件 B.必要不充分條件 C.充分必要條件 D.既不充分也不必要條件 【知識(shí)點(diǎn)】必要條件、充分條件與充要條件的判斷.A2 【答案解析】D 解析:y′=; ∵函數(shù)y=lg(x+﹣3)在區(qū)間[2,+∞)上是增函數(shù); 根據(jù)函數(shù)y=lg(x+﹣3)知,x+﹣3>0; ∴x2﹣a≥0在[2,+∞)上恒成立,∴,即函數(shù)x+在[2,+∞)是增函數(shù); ∴,∴a>2; 由x2﹣a≥0在[2,+∞)上恒成立得a≤x2恒成立,∴a≤4; ∴2<a≤4; y=lg(x2﹣ax+4)函數(shù)的定義域?yàn)镽,所以不等式x2﹣ax+4>0的解集為R; ∴△=a2﹣16<0,∴﹣4<a<4; 顯然2<a≤4是﹣4<a<4的既不充分又不必要條件; ∴p是q成立的既不充分也不必要條件. 故選D. 【思路點(diǎn)撥】先根據(jù)函數(shù)單調(diào)性和函數(shù)導(dǎo)數(shù)符號(hào)的關(guān)系,及對(duì)數(shù)式中真數(shù)大于0,一元二次不等式的解和判別式△的關(guān)系即可求出命題p,q下的a的范圍,再根據(jù)充分條件,必要條件的概念判斷p,q的關(guān)系即可. 【題文】7.已知向量,若為實(shí)數(shù),∥,則= A. B. C.1 D.2 【知識(shí)點(diǎn)】平面向量共線的坐標(biāo)表示.F2 【答案解析】B 解析:∵向量, ∴=(1+λ,2)∵∥,∴4(1+λ)﹣6=0,∴= 故選B. 【思路點(diǎn)撥】根據(jù)所給的兩個(gè)向量的坐標(biāo),寫出要用的向量的坐標(biāo),根據(jù)兩個(gè)向量平行,寫出兩個(gè)向量平行的坐標(biāo)表示形式,得到關(guān)于λ的方程,解方程即可. 【題文】8.已知函數(shù)的圖象的一個(gè)對(duì)稱中心是點(diǎn),則函數(shù)=的圖象的一條對(duì)稱軸是直線 【知識(shí)點(diǎn)】兩角和與差的正弦函數(shù);正弦函數(shù)的對(duì)稱性.C5 【答案解析】D 解析:∵的圖象的一個(gè)對(duì)稱中心是點(diǎn), ∴f()=sin+λcos=+λ=0,解得λ=﹣, ∴g(x)=﹣sinxcosx+sin2x=sin2x+=﹣sin(2x+), 令2x+=kπ+可得x=+,k∈Z, ∴函數(shù)的對(duì)稱軸為x=+,k∈Z, 結(jié)合四個(gè)選項(xiàng)可知,當(dāng)k=﹣1時(shí)x=﹣符合題意,故選:D 【思路點(diǎn)撥】由對(duì)稱中心可得λ=﹣,代入g(x)由三角函數(shù)公式化簡可得g(x)=﹣sin(2x+),令2x+=kπ+解x可得對(duì)稱軸,對(duì)照選項(xiàng)可得. 【題文】9.如下圖所示將若干個(gè)點(diǎn)擺成三角形圖案,每條邊(色括兩個(gè)端點(diǎn))有n(n>l,n∈N*)個(gè)點(diǎn),相應(yīng)的圖案中總的點(diǎn)數(shù)記為an,則= A. B. C. D. 【知識(shí)點(diǎn)】歸納推理.M1 【答案解析】A 解析:每個(gè)邊有n個(gè)點(diǎn),把每個(gè)邊的點(diǎn)數(shù)相加得3n,這樣角上的點(diǎn)數(shù)被重復(fù)計(jì)算了一次,故第n個(gè)圖形的點(diǎn)數(shù)為3n﹣3,即an=3n﹣3,令Sn=+++…+=++…+=1+…+﹣=,∴+++…+=.故選C. 【思路點(diǎn)撥】根據(jù)圖象的規(guī)律可得出通項(xiàng)公式an,根據(jù)數(shù)列{}的特點(diǎn)可用列項(xiàng)法求其前n項(xiàng)和的公式,而則+++…+=是前xx項(xiàng)的和,代入前n項(xiàng)和公式即可得到答案. 【題文】10.對(duì)于定義域?yàn)閇0,1]的函數(shù),如果同時(shí)滿足以下三個(gè)條件: ①對(duì)任意的,總有 ② ③若,,都有 成立; 則稱函數(shù)為理想函數(shù). 下面有三個(gè)命題: 若函數(shù)為理想函數(shù),則; 函數(shù)是理想函數(shù); 若函數(shù)是理想函數(shù),假定存在,使得,且, 則; 其中正確的命題個(gè)數(shù)有 A.3個(gè) B.2個(gè) C.1個(gè) D.0個(gè) 【知識(shí)點(diǎn)】命題的真假判斷與應(yīng)用.A2 【答案解析】A 解析:(1)取x1=x2=0,代入f(x1+x2)≥f(x1)+f(x2),可得f(0)≥f(0)+f(0)即f(0)≤0,由已知?x∈[0,1],總有f(x)≥0可得f(0)≥0,∴f(0)=0 (2)顯然f(x)=2x﹣1在[0,1]上滿足f(x)≥0;②f(1)=1.若x1≥0,x2≥0,且x1+x2≤1, 則有f(x1+x2)﹣[f(x1)+f(x2)]=2x1+x2﹣1﹣[(2x1﹣1)+(2x2﹣1)]=(2x2﹣1)(2x1﹣1)≥0,故f(x)=2x﹣1滿足條件①②③,所以f(x)=2x﹣1為理想函數(shù). (3)由條件③知,任給m、n∈[0,1],當(dāng)m<n時(shí),由m<n知n﹣m∈[0,1], ∴f(n)=f(n﹣m+m)≥f(n﹣m)+f(m)≥f(m). 若f(x0)>x0,則f(x0)≤f[f(x0)]=x0,前后矛盾; 若:f(x0)<x0,則f(x0)≥f[f(x0)]=x0,前后矛盾.故f(x0)=x0. ∴三個(gè)命題都正確,故選D. 【思路點(diǎn)撥】(1)首先,根據(jù)理想函數(shù)的概念,可以采用賦值法,可考慮取x1=x2=0,代入f(x1+x2)≥f(x1)+f(x2),可得f(0)≥f(0)+f(0),由已知f(0)≥0,可得f(0)=0; (2)要判斷函數(shù)g(x)=2x﹣1,(x∈[0,1])在區(qū)間[0,1]上是否為“理想函數(shù),只要檢驗(yàn)函數(shù)g(x)=2x﹣1,是否滿足理想函數(shù)的三個(gè)條件即可; (3)由條件③知,任給m、n∈[0,1],當(dāng)m<n時(shí),由m<n知n﹣m∈[0,1],f(n)=f(n﹣m+m)≥f(n﹣m)+f(m)≥f(m).由此能夠推導(dǎo)出f(x0)=x0.,根據(jù)f[f(x0)]=x0,則f(x0)=x0. 二、填空題(本大題共7小題,每小題5分,共35分.) 【題文】11.過原點(diǎn)作曲線的切線,則切線的方程為 . 【知識(shí)點(diǎn)】利用導(dǎo)數(shù)研究曲線上某點(diǎn)切線方程.B11 【答案解析】y=ex 解析:y′=ex,設(shè)切點(diǎn)的坐標(biāo)為(x0,ex0),切線的斜率為k, 則k=ex0,故切線方程為y﹣ex0=ex0(x﹣x0),又切線過原點(diǎn),∴﹣ex0=ex0(﹣x0),∴x0=1,y0=e,k=e.則切線方程為y=ex,故答案為y=ex. 【思路點(diǎn)撥】欲求切點(diǎn)的坐標(biāo),先設(shè)切點(diǎn)的坐標(biāo)為( x0,ex0),再求出在點(diǎn)切點(diǎn)( x0,ex0)處的切線方程,只須求出其斜率的值即可,故先利用導(dǎo)數(shù)求出在x=x0處的導(dǎo)函數(shù)值,再結(jié)合導(dǎo)數(shù)的幾何意義即可求出切線的斜率.最后利用切線過原點(diǎn)即可解決問題. 【題文】12.角的終邊過P,則角的最小正值是 . 【知識(shí)點(diǎn)】任意角的三角函數(shù)的定義.C1 【答案解析】 解析:∵sin=,cos=﹣, ∴P(,﹣)為第四象限, 由cosα==cos(2π﹣)=cos(), sinα=﹣=sin得角α的最小正值是α=,故答案為:. 【思路點(diǎn)撥】依題意可得P(,﹣)為第四象限,從而可得角α的最小正值. 【題文】13.某幾何體的三視圖如圖所示,則該幾何體的體積為 . 【知識(shí)點(diǎn)】由三視圖求面積、體積.G2 【答案解析】200 解析:由三視圖可知該幾何體為平放的四棱柱,其中以側(cè)視圖為底. 底面為等腰梯形,梯形的上底長為2,下底長為8,梯形的高為4,棱柱的高為10. ∴梯形的面積為,∴棱柱的體積為20×10=200.故答案為:200. 【思路點(diǎn)撥】由三視圖可知該幾何體為四棱柱,然后根據(jù)棱柱體積公式計(jì)算體積即可. 【題文】14.已知數(shù)列的前n項(xiàng)和為,且,則=___. 【知識(shí)點(diǎn)】數(shù)列遞推式.D1 【答案解析】-128 解析:∵sn=2(an+1),∴當(dāng)n=1時(shí),a1=2(a1+1),解得a1=﹣2, 當(dāng)n≥2時(shí),an=sn﹣sn﹣1=2an﹣2an﹣1,∴=2;∴數(shù)列{an}是﹣2為首項(xiàng),2為公比的等比數(shù)列,∴an=﹣2n.∴a7=﹣27=﹣128.故答案為:﹣128. 【思路點(diǎn)撥】當(dāng)n=1時(shí),可求得a1=﹣2,當(dāng)n≥2時(shí),可求得=2;從而可得數(shù)列{an}是﹣2為首項(xiàng),2為公比的等比數(shù)列,其通項(xiàng)公式為:an=﹣2n,問題可解決. 【題文】15.設(shè)實(shí)數(shù)滿足約束條件,若目標(biāo)函數(shù) 的最大值為8,則的最小值為___________. 【知識(shí)點(diǎn)】簡單線性規(guī)劃.E5 【答案解析】 解析:由約束條件作出可行域如圖, 化目標(biāo)函數(shù)z=(a2+b2)x+y為直線方程的斜截式y(tǒng)=﹣(a2+b2)x+z. 由圖可知,當(dāng)直線y=﹣(a2+b2)x+z過C時(shí)直線在y軸上的截距最大,z最大. 聯(lián)立,得C(1,4), ∴a2+b2+4=8,即a2+b2=4. ∵(a+b)2≤2(a2+b2)=8, ∴. ∴a+b的最小值為.故答案為: 【思路點(diǎn)撥】由約束條件作出可行域,由圖得到最優(yōu)解,求出最優(yōu)解的坐標(biāo),代入目標(biāo)函數(shù)得到a2+b2=4,由不等式求出a+b的范圍,則答案可求. 【題文】16.二維空間中圓的一維測(cè)度(周長),二維測(cè)度(面積),觀察發(fā)現(xiàn);三維空間中球的二維測(cè)度(表面積),三維測(cè)度(體積),觀察發(fā)現(xiàn).已知四維空間中“超球”的三維測(cè)度,猜想其四維測(cè)度_________. 【知識(shí)點(diǎn)】類比推理.M1 【答案解析】 解析:∵二維空間中圓的一維測(cè)度(周長)l=2πr,二維測(cè)度(面積)S=πr2,觀察發(fā)現(xiàn)S′=l,三維空間中球的二維測(cè)度(表面積)S=4πr2,三維測(cè)度(體積)V=πr3,觀察發(fā)現(xiàn)V′=S,∴四維空間中“超球”的三維測(cè)度V=8πr3,猜想其四維測(cè)度W,則W′=V=8πr3; ∴W=2πr4;故答案為:2πr4 【思路點(diǎn)撥】根據(jù)所給的示例及類比推理的規(guī)則得出高維的測(cè)度的導(dǎo)數(shù)是底一維的測(cè)度,從而得到W′=V,從而求出所求. 【題文】17.設(shè)是等比數(shù)列,公比,為的前n項(xiàng)和。記,設(shè)為數(shù)列的最大項(xiàng),則=_______. 【知識(shí)點(diǎn)】等比數(shù)列的前n項(xiàng)和;等比數(shù)列的性質(zhì).D3 【答案解析】4 解析: = = 因?yàn)楱R8,當(dāng)且僅當(dāng)=4, 即n=4時(shí)取等號(hào),所以當(dāng)n0=4時(shí)Tn有最大值. 【思路點(diǎn)撥】首先用公比q和a1分別表示出Sn和S2n,代入Tn易得到Tn的表達(dá)式.再根據(jù)基本不等式得出n0 三、解答題(本大題共5小題,共65分.解答應(yīng)寫出文字說明,證明過程或演算步驟.) 【題文】18.(本小題滿分12分)設(shè)命題“對(duì)任意的”,命題 “存在,使”。如果命題為真,命題為假,求實(shí)數(shù)的取值范圍。 【知識(shí)點(diǎn)】復(fù)合命題的真假.A2 【答案解析】 解析:由題意:對(duì)于命題 ∵對(duì)任意的 ∴,即p:; …………………2分 對(duì)于命題 ∵存在,使 ∴,即q:. …………………4分 ∵為真,為假 ∴p,q一真一假, …………………6分 p真q假時(shí), …………………8分 p假q真時(shí), …………………10分 ∴a的范圍是. …………………12分 【思路點(diǎn)撥】分別求出在命題p,q下的a的取值,然后根據(jù)條件判斷出p,q中一真一假,所以分別求在這兩種情況下a的范圍,再求并集即可. 【題文】19.(本小題滿分12分)在△ABC中,a,b,c分別為內(nèi)角A,B,C的對(duì)邊,面積. (1)求角C的大小; (2)設(shè)函數(shù),求的最大值,及取得最大值時(shí)角B的值. 【知識(shí)點(diǎn)】正弦定理;三角函數(shù)中的恒等變換應(yīng)用.C7 C8 【答案解析】(1)(2) 解析:(1)由S=absinC及題設(shè)條件得absinC=abcosC……… ………1分 即sinC=cosC, tanC=,………………………………………………2分 0<C<,C=………………………………………………………… …4分 (2) ………7分 , ……………………9分 ∵ C= ∴ ∴ (沒討論,扣1分) …10分 當(dāng),即時(shí),有最大值是………………………… …12分 【思路點(diǎn)撥】(1)利用三角形面積公式和已知等式,整理可求得tanC的值,進(jìn)而求得C. (2)利用兩角和公示和二倍角公式化簡整理函數(shù)解析式,利用B的范圍和三角函數(shù)性質(zhì)求得函數(shù)最大值. 【題文】20.(本小題滿分13分)設(shè)數(shù)列的前項(xiàng)和為,點(diǎn)在直線上. (1)求數(shù)列的通項(xiàng)公式; (2)在與之間插入個(gè)數(shù),使這個(gè)數(shù)組成公差為的等差數(shù)列, 求數(shù)列的前n項(xiàng)和. 【知識(shí)點(diǎn)】等差數(shù)列與等比數(shù)列的綜合;數(shù)列的函數(shù)特性.D5 【答案解析】(1)(2) 解析:(1)由題設(shè)知, ………………… …………1分 得),………………………………2分 兩式相減得:, 即, ………………………………4分 又 得, 所以數(shù)列是首項(xiàng)為2,公比為3的等比數(shù)列, ∴. …………………………6分 (2)由(1)知, 因?yàn)?, 所以 所以 ……………………8分 令…, 則… ① … ② ①…②得…………10分 …………………………………12分 【思路點(diǎn)撥】(1)由題設(shè)知,﹣1,得﹣1(n∈N*,n≥2),兩式相減可得數(shù)列遞推式,由此可判斷數(shù)列{an}為等比數(shù)列,從而可得其通項(xiàng)公式;(2)由(1)可得an+1,an,根據(jù)等差數(shù)列的通項(xiàng)公式可得dn,從而可得,令…,,則…,利用錯(cuò)位相減法即可求得Tn。 【題文】21.(本小題滿分14分)設(shè) x1、x2()是函數(shù) ()的兩個(gè)極值點(diǎn). (1)若 ,,求函數(shù) 的解析式; (2)若 ,求 b 的最大值. 【知識(shí)點(diǎn)】函數(shù)在某點(diǎn)取得極值的條件.B12 【答案解析】(1)(2) 解析:(1)∵, ∴ …………………………2分 依題意有-1和2是方程的兩根 ∴, 解得, ∴.(經(jīng)檢驗(yàn),適合)…………………………5分 (2)∵,依題意,是方程的兩個(gè)根, ∵且, ∴. ∴, ∴. …………………………8分 ∵ ∴. …………………………9分 設(shè),則. 由得,由得. 即:函數(shù)在區(qū)間上是增函數(shù),在區(qū)間上是減函數(shù), ∴當(dāng)時(shí), 有極大值為96,∴在上的最大值是96, ∴的最大值為. …………………………14分 【思路點(diǎn)撥】(1)求出f′(x),因?yàn)閤1、x2是函數(shù)f(x)的兩個(gè)極值點(diǎn),而x1=﹣1,x2=2所以得到f′(﹣1)=0,f′(2)=0代入求出a、b即可得到函數(shù)解析式; (2)因?yàn)閤1、x2是導(dǎo)函數(shù)f′(x)=0的兩個(gè)根,利用根與系數(shù)的關(guān)系對(duì)已知進(jìn)行變形得到a和b的等式,求出b的范圍,設(shè)h(a)=3a2(6﹣a),求出其導(dǎo)函數(shù),利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的增減性得到h(a)=的極大值,開方可得b的最大值. 【題文】22.(本小題滿分14分)設(shè)橢圓的左、右焦點(diǎn)分別為,上頂點(diǎn)為,在軸負(fù)半軸上有一點(diǎn),滿足,且. (1)求橢圓的離心率; (2)若過三點(diǎn)的圓與直線相切,求橢圓的方程; (3)在(2)的條件下,過右焦點(diǎn)作斜率為的直線與橢圓交于兩點(diǎn),線段的中垂線與軸相交于,求實(shí)數(shù)的取值范圍. 【知識(shí)點(diǎn)】直線與圓錐曲線的綜合問題.H8 【答案解析】(1);(2);(3) 解析:(1)連接,因?yàn)?,,所? ,即,故橢圓的離心率為; ……………3分 (2)由(1)知,得,,的外接圓圓心為,半徑,因?yàn)檫^三點(diǎn)的圓與直線相切, ∴,解得:,. 所以所求橢圓方程為:. ……………7分 (3)由(2)知,設(shè)直線的方程為: 由 得:. 因?yàn)橹本€過點(diǎn),所以 恒成立. 設(shè),由韋達(dá)定理得: , 所以. 故中點(diǎn)為. ……………10分 當(dāng)時(shí),為長軸,中點(diǎn)為原點(diǎn),則; ……………11分 當(dāng)時(shí),中垂線方程為. 令,得.因?yàn)樗? ……………13分 綜上可得實(shí)數(shù)的取值范圍是. ……………14分 【思路點(diǎn)撥】(1)連接,因?yàn)?,,所?即,故可求橢圓的離心率;(2)由(1)的離心率能求出橢圓方程.(3)設(shè)直線l的方程為,M(x1,y1),N(x2,y2),聯(lián)立方程組,得,由此利用韋達(dá)定理結(jié)合已知條件能求出實(shí)數(shù)m的取值范圍.

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