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高中數(shù)學(xué) 第一章 導(dǎo)數(shù)及其應(yīng)用綜合檢測(cè) 新人教B版選修2-2

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高中數(shù)學(xué) 第一章 導(dǎo)數(shù)及其應(yīng)用綜合檢測(cè) 新人教B版選修2-2

高中數(shù)學(xué) 第一章 導(dǎo)數(shù)及其應(yīng)用綜合檢測(cè) 新人教B版選修2-2 一、選擇題(本大題共10小題,每小題5分,共50分,在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,只有一項(xiàng)是符合題目要求的) 1.設(shè)曲線y=ax2在點(diǎn)(1,a)處的切線與直線2x-y-6=0平行,則a=(  ) A.1    B.    C.-    D.-1 【解析】 y′=2ax,于是切線斜率k=y(tǒng)′|x=1=2a,由題意知2a=2,∴a=1. 【答案】 A 2.若f(x)=x2-2x-4ln x,則f(x)的單調(diào)遞增區(qū)間為(  ) A.(-1,0) B.(-1,0)∪(2,+∞) C.(2,+∞) D.(0,+∞) 【解析】 f′(x)=2x-2-==,由f′(x)>0得x>2. 【答案】 C 3.f(x)=ax3+2,若f′(1)=4,則a的值等于(  ) A. B. C. D.1 【解析】 f′(x)=3ax2+,∴f′(1)=3a+1=4, ∴a=1. 【答案】 D 4.使函數(shù)y=xsin x+cos x是增函數(shù)的區(qū)間可能是(  ) A.(,) B.(π,2π) C.(,) D.(2π,3π) 【解析】 y′=sin x+xcos x-sin x=xcos x,故當(dāng)x∈(,)時(shí),y′>0,函數(shù)為增函數(shù). 【答案】 C 5.一汽車沿直線軌道前進(jìn),剎車后列車速度為v(t)=18-6t,則列車的剎車距離為(  ) A.27 B.54 C.81 D.13.5 【解析】 令v(t)=0得18-6t=0得t=3, ∴列車的剎車距離為v(t)dt=(18-6t)dt =(18t-3t2)=27. 【答案】 A 圖1 6.設(shè)函數(shù)f(x)在R上可導(dǎo),其導(dǎo)函數(shù)為f′(x),且函數(shù)y=(1-x)f′(x)的圖象如圖1所示,則下列結(jié)論中一定成立的是(  ) A.函數(shù)f(x)有極大值f(2)和極小值f(1) B.函數(shù)f(x)有極大值f(-2)和極小值f(1) C.函數(shù)f(x)有極大值f(2)和極小值f(-2) D.函數(shù)f(x)有極大值f(-2)和極小值f(2) 【解析】 由圖可知,當(dāng)x<-2時(shí),f′(x)>0;當(dāng)-2<x<1時(shí),f′(x)<0;當(dāng)1<x<2時(shí),f′(x)<0;當(dāng)x>2時(shí),f′(x)>0.由此可以得到函數(shù)在x=-2處取得極大值,在x=2處取得極小值,選D. 【答案】 D 7.由y=-x2與直線y=2x-3圍成的圖形的面積是(  ) A. B. C. D.9 【解析】 解 得交點(diǎn)A(-3,-9),B(1,-1). 由y=-x2與直線y=2x-3圍成的圖形的面積 =-x3-(x2-3x)=. 【答案】 B 8.若函數(shù)f(x)=-x3+3x2+9x+a在區(qū)間[-2,-1]上的最大值為2,則它在該區(qū)間上的最小值為(  ) A.-5 B.7 C.10 D.-19 【解析】 ∵y′=-3x2+6x+9=-3(x+1)(x-3), 所以函數(shù)在[-2,-1]內(nèi)單調(diào)遞減, 所以最大值為f(-2)=2+a=2. ∴a=0,最小值f(-1)=a-5=-5. 【答案】 A 9.已知定義在實(shí)數(shù)集R上的函數(shù)f(x)滿足f(1)=2,且f(x)的導(dǎo)數(shù)f′(x)在R上恒有f′(x)<1(x∈R),則不等式f(x)<x+1的解集為(  ) A.(1,+∞) B.(-∞,-1) C.(-1,1) D.(-∞,-1)∪(1,+∞) 【解析】 不等式f(x)<x+1可化為f(x)-x<1,設(shè)g(x)=f(x)-x, 由題意g′(x)=f′(x)-1<0,g(1)=f(1)-1=1, 故原不等式?g(x)<g(1),故x>1. 【答案】 A 10.(xx·課標(biāo)全國卷Ⅰ)函數(shù)f(x)=(1-cos x)sin x在[-π,π]的圖象大致為 (  ) 【解析】 在[-π,π]上, ∵f(-x)=[1-cos(-x)]sin(-x) =(1-cos x)(-sin x)=-(1-cos x)sin x=-f(x), ∴f(x)是奇函數(shù), ∴f(x)的圖象關(guān)于原點(diǎn)對(duì)稱,排除B. 取x=,則f()=(1-cos )sin =1>0,排除A. ∵f(x)=(1-cos x)sin x, ∴f′(x)=sin x·sin x+(1-cos x)cos x =1-cos2x+cos x-cos2x=-2cos2x+cos x+1. 令f′(x)=0,則cos x=1或cos x=-. 結(jié)合x∈[-π,π],求得f(x)在(0,π]上的極大值點(diǎn)為π,靠近π,選C. 【答案】 C 二、填空題(本大題共4小題,每小題5分,共20分,將答案填在題中的橫線上) 11.(xx·江西高考)設(shè)函數(shù)f(x)在(0,+∞)內(nèi)可導(dǎo),且f(ex)=x+ex,則f′(1)=________. 【解析】 令ex=t,則x=ln t,所以f(x)=ln x+x,即f′(x)=1+,則f′(1)=1+1=2. 【答案】 2 12.已知函數(shù)f(x)=x3-(a+)x2+x(a>0),則f(x)在點(diǎn)(1,f(1))處的切線的斜率最大時(shí)的切線方程是________. 【解析】 f′(x)=x2-(a+)x+1,故f(x)在點(diǎn)(1,f(1))處的切線斜率k=2-(a+),顯然當(dāng)a=1時(shí),a+最小,k最大為0,又f(1)=,∴切線方程為y=. 【答案】 y= 13.若函數(shù)f(x)=在區(qū)間(m,2m+1)上單調(diào)遞增,則實(shí)數(shù)m的取值范圍是________. 【解析】 f′(x)=,令f′(x)>0,得-1<x<1,即函數(shù)f(x)的增區(qū)間為(-1,1). 又f(x)在(m,2m+1)上單調(diào)遞增, 所以解得-1<m≤0. 【答案】 (-1,0] 14.周長為20 cm的矩形,繞一條邊旋轉(zhuǎn)成一個(gè)圓柱,則圓柱體積的最大值為________. 【解析】 設(shè)矩形的長為x,則寬為10-x(0<x<10),由題意可知所求圓柱的體積V=πx2(10-x)=10πx2-πx3, ∴V′(x)=20πx-3πx2. 由V′(x)=0得x=0(舍去),x=, 且當(dāng)x∈(0,)時(shí),V′(x)>0,當(dāng)x∈(,10)時(shí),V′(x)<0, ∴當(dāng)x=時(shí),V(x)取得最大值為π cm3. 【答案】 π cm3 三、解答題(本大題共4小題,共50分.解答應(yīng)寫出文字說明,證明過程或演算步驟) 15.(本小題滿分12分)設(shè)函數(shù)f(x)=ln x+ln(2-x)+ax(a>0). (1)當(dāng)a=1時(shí),求f(x)的單調(diào)區(qū)間; (2)若f(x)在(0,1]上的最大值為,求a的值. 【解】 函數(shù)f(x)的定義域?yàn)?0,2), f′(x)=-+a. (1)當(dāng)a=1時(shí),f′(x)=, 所以f(x)的單調(diào)遞增區(qū)間為(0,), 單調(diào)遞減區(qū)間為(,2). (2)當(dāng)x∈(0,1]時(shí),f′(x)=+a>0,即f(x)在(0,1]上單調(diào)遞增,故f(x)在(0,1]上的最大值為f(1)=a,因此a=. 16.(本小題滿分12分)(xx·課標(biāo)全國卷Ⅰ)已知函數(shù)f(x)=ex(ax+b)-x2-4x,曲線y=f(x)在點(diǎn)(0,f(0))處的切線方程為y=4x+4. (1)求a,b的值; (2)討論f(x)的單調(diào)性,并求f(x)的極大值. 【解】 (1)f′(x)=ex(ax+a+b)-2x-4. 由已知得f(0)=4,f′(0)=4.故b=4,a+b=8. 從而a=4,b=4. (2)由(1)知,f(x)=4ex(x+1)-x2-4x, f′(x)=4ex(x+2)-2x-4=4(x+2). 令f′(x)=0,得x=-ln 2或x=-2. 從而當(dāng)x∈(-∞,-2)∪(-ln 2,+∞)時(shí),f′(x)>0; 當(dāng)x∈(-2,-ln 2)時(shí),f′(x)<0. 故f(x)在(-∞,-2),(-ln 2,+∞)上單調(diào)遞增,在(-2,-ln 2)上單調(diào)遞減. 當(dāng)x=-2時(shí),函數(shù)f(x)取得極大值,極大值為f(-2)=4(1-e-2). 17.(本小題滿分12分)(xx·合肥高二檢測(cè))已知函數(shù)f(x)=-x3+ax2+bx在區(qū)間(-2,1)內(nèi)x=-1時(shí)取極小值,x=時(shí)取極大值. (1)求函數(shù)y=f(x)在x=-2時(shí)的對(duì)應(yīng)點(diǎn)的切線方程; (2)求函數(shù)y=f(x)在[-2,1]上的最大值與最小值. 【解】 (1)f′(x)=-3x2+2ax+b. 又x=-1,x=分別對(duì)應(yīng)函數(shù)取得極小值、極大值, 所以-1,為方程-3x2+2ax+b=0的兩個(gè)根. 所以a=-1+,-=(-1)×. 于是a=-,b=2, 則f(x)=-x3-x2+2x. 當(dāng)x=-2時(shí),f(-2)=2,即(-2,2)在曲線上. 又切線斜率為k=f′(-2)=-8, 所求切線方程為y-2=-8(x+2), 即為8x+y+14=0. (2)當(dāng)x變化時(shí),f′(x)及f(x)的變化情況如下表: x -2 (-2,-1) -1 (-1,) (,1) 1 f′(x) - 0 + 0 - f(x) 2  -   則f(x)在[-2,1]上的最大值為2,最小值為-. 18.(本小題滿分14分)已知函數(shù)f(x)=x3+ax2+bx+c在x=-1與x=2處都取得極值. (1)求a,b的值及函數(shù)f(x)的單調(diào)區(qū)間; (2)若對(duì)x∈[-2,3],不等式f(x)+c<c2恒成立,求c的取值范圍. 【解】 (1)f′(x)=3x2+2ax+b,由題意得 即 解得 ∴f(x)=x3-x2-6x+c,f′(x)=3x2-3x-6. 令f′(x)<0,解得-1<x<2; 令f′(x)>0,解得x<-1或x>2. ∴f(x)的減區(qū)間為(-1,2), 增區(qū)間為(-∞,-1),(2,+∞). (2)由(1)知,f(x)在(-∞,-1)上單調(diào)遞增;在(-1,2)上單調(diào)遞減;在(2,+∞)上單調(diào)遞增. ∴x∈[-2,3]時(shí),f(x)的最大值即為 f(-1)與f(3)中的較大者. f(-1)=+c,f(3)=-+c. ∴當(dāng)x=-1時(shí),f(x)取得最大值. 要使f(x)+c<c2, 只需c2>f(-1)+c, 即2c2>7+5c,解得c<-1或c>. ∴c的取值范圍為(-∞,-1)∪(,+∞).

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