高考物理大二輪專題復(fù)習(xí) 考前增分練 選擇題部分 專練11 楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律

高考物理大二輪專題復(fù)習(xí) 考前增分練 選擇題部分 專練11 楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律1(xx·江蘇·1)如圖1所示，一正方形線圈的匝數(shù)為n，邊長(zhǎng)為a，線圈平面與勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直，且一半處在磁場(chǎng)中在t時(shí)間內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向不變，大小由B均勻地增大到2B.在此過(guò)程中，線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為()圖1A. B.C. D.答案B解析線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)Enn··Sn··，選項(xiàng)B正確2(xx·山東·16)如圖2所示，一端接有定值電阻的平行金屬軌道固定在水平面內(nèi)，通有恒定電流的長(zhǎng)直絕緣導(dǎo)線垂直并緊靠軌道固定，導(dǎo)體棒與軌道垂直且接觸良好在向右勻速通過(guò)M、N兩區(qū)的過(guò)程中，導(dǎo)體棒所受安培力分別用FM、FN表示不計(jì)軌道電阻，以下敘述正確的是()圖2AFM向右 BFN向左CFM逐漸增大 DFN逐漸減小答案BCD解析根據(jù)直線電流產(chǎn)生磁場(chǎng)的分布情況知，M區(qū)的磁場(chǎng)方向垂直紙面向外，N區(qū)的磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，離導(dǎo)線越遠(yuǎn)，磁感應(yīng)強(qiáng)度越小當(dāng)導(dǎo)體棒勻速通過(guò)M、N兩區(qū)時(shí)，感應(yīng)電流的效果總是反抗引起感應(yīng)電流的原因，故導(dǎo)體棒在M、N兩區(qū)運(yùn)動(dòng)時(shí)，受到的安培力均向左，故選項(xiàng)A錯(cuò)誤，選項(xiàng)B正確；導(dǎo)體棒在M區(qū)運(yùn)動(dòng)時(shí)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B變大，根據(jù)EBlv，I及FBIl可知，F(xiàn)M逐漸變大，故選項(xiàng)C正確；導(dǎo)體棒在N區(qū)運(yùn)動(dòng)時(shí)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B變小，根據(jù)EBlv，I及FBIl可知，F(xiàn)N逐漸變小，故選項(xiàng)D正確3在大連某中學(xué)實(shí)驗(yàn)室的水平桌面上，放置一矩形閉合導(dǎo)體線圈，如圖3所示，線圈的ab邊沿南北方向，ad邊沿東西方向僅考慮地磁場(chǎng)的影響，下列說(shuō)法正確的是()圖3A若使線圈向東平動(dòng)，則a點(diǎn)的電勢(shì)比b點(diǎn)的電勢(shì)高B若使線圈向東平動(dòng)，則a點(diǎn)的電勢(shì)與b點(diǎn)的電勢(shì)相等C若以bc邊為軸將線圈向上翻轉(zhuǎn)90°過(guò)程中，則線圈中感應(yīng)電流方向?yàn)閍bcdaD若以bc邊為軸將線圈向上翻轉(zhuǎn)90°過(guò)程中，則線圈中感應(yīng)電流方向?yàn)閍dcba答案C解析若使線圈向東平動(dòng)，由于地磁場(chǎng)的磁感線是地理南極指向北極，則穿過(guò)線圈的磁通量不變，因此線圈中沒(méi)有感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，故A、B錯(cuò)誤；若以bc為軸將線圈向上翻轉(zhuǎn)90°過(guò)程中，ad邊切割磁感應(yīng)線，由右手定則可知線圈中感應(yīng)電流方向?yàn)閍bcda，故C正確，D錯(cuò)誤4如圖4所示，邊長(zhǎng)為2L的正方形虛線框內(nèi)有垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B.一個(gè)邊長(zhǎng)為L(zhǎng)粗細(xì)均勻的正方形導(dǎo)線框abcd，其所在平面與磁場(chǎng)方向垂直，導(dǎo)線框的對(duì)角線與虛線框的對(duì)角線在一條直線上，導(dǎo)線框各邊的電阻大小均為R.在導(dǎo)線框從圖示位置開(kāi)始以恒定速度v沿對(duì)角線方向進(jìn)入磁場(chǎng)，到整個(gè)導(dǎo)線框離開(kāi)磁場(chǎng)區(qū)域的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是()圖4A導(dǎo)線框進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)產(chǎn)生順時(shí)針?lè)较虻母袘?yīng)電流B導(dǎo)線框中有感應(yīng)電流的時(shí)間為C導(dǎo)線框的bd對(duì)角線有一半進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，整個(gè)導(dǎo)線框所受安培力大小為D導(dǎo)線框的bd對(duì)角線有一半進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，導(dǎo)線框a、c兩點(diǎn)間的電壓為答案D解析根據(jù)楞次定律的推論：感應(yīng)電流的效果總是阻礙磁通量的變化，故由楞次定律判斷出，導(dǎo)線框進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)，感應(yīng)電流的方向?yàn)槟鏁r(shí)針?lè)较颍蔄選項(xiàng)錯(cuò)誤；導(dǎo)線框完全進(jìn)入磁場(chǎng)后感應(yīng)電流消失，完全進(jìn)入經(jīng)歷的時(shí)間為，完全穿出經(jīng)歷時(shí)間也為，導(dǎo)線框中有感應(yīng)電流的時(shí)間t×2，故B選項(xiàng)錯(cuò)誤；導(dǎo)線框的bd對(duì)角線有一半進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，導(dǎo)體的有效切割長(zhǎng)度為，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為，由安培力公式為F，可算出安培力為，故C選項(xiàng)錯(cuò)誤；導(dǎo)線框的bd對(duì)角線有一半進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，導(dǎo)線框a、c兩點(diǎn)間的電壓為電動(dòng)勢(shì)的一半，大小為，故D選項(xiàng)正確5電吉他是利用電磁感應(yīng)原理工作的一種樂(lè)器如圖5甲所示為電吉他的拾音器的原理圖，在金屬弦的下方置有一個(gè)連接到放大器的螺線管一條形磁鐵固定在管內(nèi)，當(dāng)撥動(dòng)金屬弦后，螺線管內(nèi)就會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，經(jīng)一系列轉(zhuǎn)化后可將電信號(hào)轉(zhuǎn)為聲音信號(hào)若由于金屬弦的振動(dòng)，螺線管內(nèi)的磁通量隨時(shí)間的變化如圖乙所示，則對(duì)應(yīng)感應(yīng)電流的變化為()圖5答案D解析在0時(shí)間內(nèi)，磁通量增加但增加的越來(lái)越慢，因此感應(yīng)電流越來(lái)越小，到時(shí)刻，感應(yīng)電流減小到零；在t0時(shí)間內(nèi)，磁通量越來(lái)越小，感應(yīng)電流反向，磁通量變化的越來(lái)越快，感應(yīng)電流越來(lái)越大，到t0時(shí)刻達(dá)到反向最大值，從這兩段時(shí)間斷定，選項(xiàng)D正確，A、B、C錯(cuò)誤6如圖6所示，兩個(gè)有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B，方向分別垂直紙面向里和向外，磁場(chǎng)寬度均為L(zhǎng)，距磁場(chǎng)區(qū)域的左側(cè)L處，有一邊長(zhǎng)也為L(zhǎng)的正方形導(dǎo)體線框，總電阻為R，且線框平面與磁場(chǎng)方向垂直，現(xiàn)用外力F使線框以速度v勻速穿過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域，以初始位置為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，規(guī)定：電流沿逆時(shí)針?lè)较驎r(shí)電動(dòng)勢(shì)E為正，磁感線垂直紙面向里時(shí)磁通量的方向?yàn)檎?，外力F向右為正則以下關(guān)于線框中磁通量、感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E、外力F和線圈總電功率P隨時(shí)間t變化的圖象正確的是()圖6答案BD解析當(dāng)運(yùn)動(dòng)到2.5L時(shí)，磁通量為零，故A錯(cuò)誤；當(dāng)線圈進(jìn)入第一個(gè)磁場(chǎng)和離開(kāi)第二個(gè)磁場(chǎng)時(shí)，由EBLv可知，E保持不變，方向?yàn)槟鏁r(shí)針?lè)较?，而開(kāi)始進(jìn)入第二個(gè)磁場(chǎng)時(shí)，兩端同時(shí)切割磁感線，電動(dòng)勢(shì)應(yīng)為2BLv，方向?yàn)轫槙r(shí)針?lè)较?，故B正確；因安培力總是與運(yùn)動(dòng)方向相反，故拉力應(yīng)一直向右，故C錯(cuò)誤；拉力的功率PFv，因速度不變，故P與F的變化規(guī)律一致，所以D正確7有一種信號(hào)發(fā)生器的工作原理可簡(jiǎn)化為如圖7所示的情形，豎直面內(nèi)有半徑均為R且相切于O點(diǎn)的兩圓形區(qū)域，其內(nèi)存在水平恒定的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，長(zhǎng)為2R的導(dǎo)體桿OA，以角速度繞過(guò)O點(diǎn)的固定軸，在豎直平面內(nèi)順時(shí)針勻速旋轉(zhuǎn)，t0時(shí)，OA恰好位于兩圓的公切線上，下列描述導(dǎo)體桿兩端電勢(shì)差UAO隨時(shí)間變化的圖象可能正確的是()圖7答案A解析由右手定則可知，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)始終從O指向A，為正由EBL2，L是有效切割長(zhǎng)度，B、不變，切割的有效長(zhǎng)度隨時(shí)間先增大后減小，且做非線性、非正弦的變化，經(jīng)半圈后，再次重復(fù)，故A正確8如圖8甲所示，一個(gè)圓形線圈的匝數(shù)n100，線圈面積S200 cm2，線圈的電阻r1 ，線圈外接一個(gè)阻值R4 的電阻，把線圈放入一方向垂直線圈平面向里的磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間變化規(guī)律如圖乙所示下列說(shuō)法中正確的是()圖8A線圈中的感應(yīng)電流方向?yàn)轫槙r(shí)針?lè)较駼電阻R兩端的電壓隨時(shí)間均勻增大C線圈電阻r消耗的功率為4×104 WD前4 s內(nèi)通過(guò)R的電荷量為4×104 C答案C解析由圖可知，穿過(guò)線圈的磁通量變大，由楞次定律可得：線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針?lè)较颍蔄錯(cuò)誤根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，磁通量的變化率恒定，所以電動(dòng)勢(shì)恒定，則電阻兩端的電壓恒定，故B錯(cuò)誤；由法拉第電磁感應(yīng)定律：ENN100××0.02 V0.1 V，由閉合電路歐姆定律，可知電路中的電流為I A0.02 A，所以線圈電阻r消耗的功率PI2r0.022×1 W4×104 W，故C正確；前4 s內(nèi)通過(guò)R的電荷量QIt0.02×4 C0.08 C，故D錯(cuò)誤faa