2022年高考物理一輪復習方案 第6講 共點力的平衡及其應用（含解析）

2022年高考物理一輪復習方案 第6講 共點力的平衡及其應用（含解析）1如圖K61所示，物體m靜止于傾斜角為的木板上，在緩慢增大直至物體開始滑動之前的過程中，下列說法中正確的是()圖K61A物體所受的摩擦力逐漸增大B物體對木板的壓力逐漸增大C物體所受支持力和摩擦力的合力逐漸增大D物體所受重力、支持力和摩擦力的合力逐漸增大圖K622如圖K62所示，加裝“保護器”的飛機在空中發(fā)生事故失去動力時，上方的降落傘就會自動彈出已知一根傘繩能承重2 940 N，傘展開后傘繩與豎直方向的夾角為30°，飛機的質量約為30噸忽略其他因素，則當飛機處于平衡狀態(tài)時，降落傘的傘繩至少所需的根數(shù)最接近于()A120B90C60D303xx·湖北百校調考如圖K63所示，100個大小相同、質量均為m且光滑的小球，靜止放置于兩個相互垂直且光滑的平面上平面AB與水平面的夾角為30°，則第2個小球對第3個小球的作用力大小為()圖K63A0.5mg B48mgC49mg D98mg4xx·敦化期中用與豎直方向成角(45°)的傾斜輕繩a和水平輕繩b共同固定一個小球，這時繩b的拉力大小為F1.則保持小球在原位置不動，使繩b在原豎直平面內逆時針轉過角后固定，繩b的拉力大小變?yōu)镕2，再轉過角固定，繩b的拉力大小為F3，則()圖K64AF1F3F2 BF1F2F3CF1F3F2 DF1F2F3圖K655xx·銅陵模擬圖K65是用來粉刷墻壁的涂料滾的示意圖使用時，用撐竿推著涂料滾沿墻壁上下滾動，把涂料均勻地粉刷到墻壁上撐竿的重量和墻壁的摩擦均不計，而且撐竿足夠長粉刷工人站在離墻壁某一距離處緩緩上推涂料滾，使撐竿與墻壁間的夾角越來越小，該過程中撐竿對涂料滾的推力為F1，墻壁對涂料滾的支持力為F2，下列說法正確的是()AF1、F2均減小BF1、F2均增大CF1減小，F(xiàn)2增大DF1增大，F(xiàn)2減小6(雙選)如圖K66所示，物體A、B、C疊放在水平桌面上，力F作用在物體C上后，各物體仍保持靜止狀態(tài)，那么以下說法正確的是()圖K66AC不受摩擦力作用BB不受摩擦力作用CA受各個摩擦力的合力為零DA、B、C三個物體組成的整體所受摩擦力為零7如圖K67所示，質量分別為m1、m2的兩個物塊A、B通過輕彈簧連接，在力F的作用下一起沿水平方向做勻速直線運動(A在地面，B在空中)，力F與水平方向成角則A所受支持力N和摩擦力f正確的是()圖K67ANm1gm2gFsinBNm1gm2gFcosCfDfFsin8如圖K68所示，在一個半圓環(huán)上用兩根細線懸掛一個重為G的物體，設法使OA線固定不動，將OB線從豎直位置OB沿半圓環(huán)緩緩移到水平位置OB，則OA與OB線中受到的拉力FA、FB的變化情況是()圖K68AFA、FB都增大BFA增大，F(xiàn)B減小CFA增大，F(xiàn)B先增大后減小DFA增大，F(xiàn)B先減小后增大9xx·亳州模擬半圓柱體P放在粗糙的水平地面上，其右端有固定放置的豎直擋板MN.在P和MN之間放有一個光滑均勻的小圓柱體Q，整個裝置處于靜止狀態(tài)如圖K69所示是這個裝置的縱截面圖若用外力使MN保持豎直，緩慢地向右移動，在Q落到地面以前，發(fā)現(xiàn)P始終保持靜止在此過程中，下列說法中正確的是()圖K69AMN對Q的彈力逐漸減小B地面對P的摩擦力逐漸增大CP、Q間的彈力先減小后增大DQ所受的合力逐漸增大圖K61010xx·淮北模擬兩個相同的可視為質點的小球A和B，質量均為m，用長度相同的兩根細線把A、B兩球懸掛在水平天花板上的同一點O，并用長度相同的細線連接A、B兩個小球，然后用一水平方向的力F作用在小球A上，此時三根細線均處于伸直狀態(tài)，且OB細線恰好處于豎直方向，如圖K610所示如果兩個小球均處于靜止狀態(tài)，則力F的大小為()A0 BmgC. D.mg11如圖K611所示，一可視為質點的小球A用細線拴住系在O點，在O點正下方固定一個小球B(也可視為質點)由于A、B兩球間存在斥力，A球被排斥開，當細線與豎直方向夾角為時系統(tǒng)靜止由于某種原因，兩球間的斥力減小導致角減小已知兩球間的斥力總是沿著兩球心的連線試分析角逐漸減小的過程中，細線的拉力如何變化圖K611課時作業(yè)(六)1A解析 物體在滑動之前，所受摩擦力為靜摩擦力，把重力分解為平行于斜面方向的分力和垂直于斜面方向的分力，f靜mgsin，Nmgcos，增大，f靜增大，N減小，A正確，B錯誤；物體處于平衡狀態(tài)，物體所受外力的合力為零，物體所受支持力和摩擦力的合力大小等于物體的重力，方向豎直向上，大小不變，C、D錯誤2A解析 設每根繩承受的最大力為F.要使飛機平衡共需傘繩為n根，由平衡條件可得：nFcos30°mg，代入數(shù)據(jù)解得：n115，A正確3C解析 以第3個到第100個這98個小球組成的整體為研究對象，受到三個力的作用，即重力、斜面的支持力和第2個小球對第3個小球的作用力，由于整體處于平衡狀態(tài)，沿斜面方向的受力應平衡，所以有F2398mgsin30°49mg，選項C正確4A解析 對小球受力分析，如圖所示，平移力Ta、Tb構成力的三角形當Tb轉過，其方向與Ta垂直由圖可知F1F3F2.5A解析 在緩緩上推過程中涂料滾受力如圖所示，由平衡條件可知：F1sin F20，F(xiàn)1cos G0，解得F1，F(xiàn)2Gtan .由于減小，所以F1、F2均減小答案為A.6BC解析 各物體仍保持靜止狀態(tài)，說明各物體所受外力的合力為零，C必受水平向左的摩擦力的作用，A錯誤；通過假設法可知B不可能受摩擦力作用，B正確；對三個物體由整體法可知A一定受地面向左的摩擦力，且大小等于F，C對A的摩擦力向右，大小為F，所以A所受摩擦力的合力為零，C正確，D錯誤7A解析 對A、B和輕彈簧組成的系統(tǒng)受力分析，如圖所示，由平衡條件，在水平方向：fFcos；在豎直方向：NFsin m1gm2g.由以上兩式得：fFcos，Nm1gm2gFsin.選項A正確，選項B、C、D錯誤8D解析 結點O受到重物的拉力F，大小恒為G，將拉力F分解為FA和FB，如圖所示OA繩固定，則FA的方向不變，從OB向下靠近OB的過程中，在B1、B2、B3三個位置，兩繩受力分別為FA1和FB1、FA2和FB2、FA3和FB3.從圖形上看出，F(xiàn)A逐漸增大，F(xiàn)B先減小后增大，當OBOA時，F(xiàn)B最小9B解析 圓柱體Q緩慢移動，任一位置均可視為平衡狀態(tài)，所受合力一直為零，選項D錯誤；對圓柱體Q受力分析如圖所示，P對Q的彈力為N1，MN對Q的彈力為N2，擋板MN向右運動時，N1與豎直方向的夾角逐漸增大，N2的方向不變，而N1和N2的合力大小不變，由圖可知，N1和N2都在不斷增大，A、C錯誤；對P、Q整體受力分析知，地面對P的摩擦力等于N2，所以地面對P的摩擦力也逐漸增大，選項B正確10D解析 分析B球受力，由平衡條件得，AB段細線的拉力為零，再分析A球受力，如圖所示，則有：Tcosmg，Tsin F，解得：Fmgtanmg，故D項正確. 11細線的拉力大小不變解析 系統(tǒng)靜止時，對A球受力分析如圖所示，將斥力F和線的拉力T合成，合力與重力G等大反向，將力T平移后構成力的矢量三角形AFP，與長度間的幾何三角形BAO相似根據(jù)對應邊成比例可得所以T·GAO、BO長度不變，G恒定，故T大小不變，在角逐漸減小的過程中，雖然BAO形狀變化，但在角確定的瞬間，仍然有AFPBAO，T·G仍成立故細線的拉力大小不變