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【優(yōu)化方案】2020高考物理總復習 第10章 實驗十三把電流表改裝為電壓表知能優(yōu)化演練 大綱人教版

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【優(yōu)化方案】2020高考物理總復習 第10章 實驗十三把電流表改裝為電壓表知能優(yōu)化演練 大綱人教版

把電流表改裝為電壓表 1.(2020年南京一模)如圖10-5-7所示,R1、R2是兩定值電阻,R1的阻值很小,R2的阻值很大;G是一靈敏電流計,S1、S2為開關,下列判斷正確的是(  ) A.只閉合S1時,M、N間是一個電壓表 B.S1、S2都閉合時,M、N間是一個電流表 C.只閉合S1,M、N間是一個電流表 D.S1、S2都斷開時,M、N間是一個電流表 圖10-5-7 解析:選B.電流表改裝成電壓表時,要串聯(lián)上一個較大的電阻;改裝成電流表時,必須并聯(lián)上一個較小的電阻.所以分析本題,只閉合S1時,即不能成為電流表也不能成為電壓表,所以選項A、C是錯誤的.兩個開關都斷開時,應該是一個電壓表,所以選項D錯.兩個開關都閉合則是一個電流表,所以選項B正確. 2.兩個電壓表V1和V2是完全相同的兩個電流表改裝的,V1量程是5 V,V2量程是15 V,為了測15 V~20 V電壓,我們把V1和V2串聯(lián)起來用,以下敘述正確的是(  ) A.V1、V2的讀數(shù)相同 B.V1、V2指針偏轉角度相等 C.V1、V2讀數(shù)不同,指針偏轉角也不同 D.V1、V2讀數(shù)之比等于兩電壓表內(nèi)阻之比 解析:選BD.電表指針的偏角是由流過表頭的電流大小決定的,電壓表讀數(shù)是由其兩端的電壓大小決定的. 3.在采用“半偏法”來測量電流表的內(nèi)阻時,準備了6 V蓄電池和一節(jié)干電池;4.7 kΩ電位器和470 kΩ電位器.為了減小實驗誤差,應選用下列各組器材中的(  ) A.R1應選用4.7 kΩ電位器,而電源應選用6 V蓄電池 B.R1應選用470 kΩ電位器,而電源應選用干電池 C.R1應選用4.7 kΩ電位器,而電源應選用干電池 D.R1應選用470 kΩ電位器,而電源應選用6 V蓄電池 解析:選D.在用“半偏法”測電流表內(nèi)阻的電路中,電源電動勢越大,同時又要使電流表達到滿偏的情況下,則電路中總電阻就越大.當閉合支路上的電鍵后,電路中的電流所受影響越小,“半偏法”測得的電流表電阻越接近真實值,所以B、C錯誤,而電源電動勢大,又必須使R1的阻值大才能滿足實驗要求,所以D對A錯. 圖10-5-8 4.如圖10-5-8所示,將一個改裝的電流表接入電路進行校準,發(fā)現(xiàn)待測表的讀數(shù)比標準表的讀數(shù)偏大一些.若表頭G的Ig是準確的,出現(xiàn)的誤差可能是因為(  ) ①rg的測量值比真實值偏大 ②rg的測量值比真實值偏小 ③并聯(lián)的R并比公式R并′=計算出的R并′小 ④并聯(lián)的R并比公式R并′=計算出的R并′大 A.①③       B.①④ C.①④ D.②③ 解析:選C.待測電流表讀數(shù)偏大,說明并聯(lián)的分流電阻R并阻值偏大.由于Igrg=(I-Ig)R并,所以R并=,可見,rg測量值比真實值大時,按該式求出的R并值偏大.同樣,在rg測定準確的情況下,實際并聯(lián)的R并比應該并聯(lián)阻值偏大,也會使待測電流表讀數(shù)偏大. 5.(2020年高考北京理綜卷)某同學要將另一個電流計G改裝成直流電壓表,但他僅借到一塊標準電壓表V0、一個電池組E、一個滑動變阻器R′和幾個待用的阻值準確的定值電阻. (1)該同學從上述具體條件出發(fā),先將待改裝的表G直接與一個定值電阻R相連接,組成一個電壓表;然后用標準電壓表V0校準.請你畫完圖10-5-9方框中的校準電路圖. 圖10-5-9 (2)實驗中,當定值電阻R選用17.0 kΩ時,調整滑動變阻器R′的阻值,電壓表V0的示數(shù)是4.0 V時,表G的指針恰好指到滿量程的五分之二;當R選用7.0 kΩ時,調整R′的阻值,電壓表V0的示數(shù)是2.0 V時,表G的指針又指到滿量程的五分之二. 由此可以判定,表G的內(nèi)阻rg是________kΩ,滿偏電流Ig是________mA.若要將表G改裝為量程是15 V的電壓表,應配備一個________kΩ的電阻. 解析:(1)電路圖見答案.(2)設電流計量程為Ig.由題意知:當R為17.0 kΩ時有Ig(17.0+rg)=4 V;當R為7.0 kΩ時有Ig(7.0+rg)=2 V.兩式聯(lián)立得rg=3.0 kΩ,Ig=0.50 mA.若要改裝成量程為15 V的電壓表,串聯(lián)電阻阻值R=-rg=(-3000)Ω=27.0 kΩ. 答案:(1)如下圖所示 (2)3.0 0.50 27.0 6. 圖10-5-10 在“電流表改裝為電壓表”的實驗中,需要利用如圖10-5-10所示的電路測定電流表的內(nèi)阻,步驟如下: ①接通S1,調節(jié)R1,使電流表指針偏轉到滿刻度; ②再接通S2,調節(jié)R2,使電流表指針偏轉到滿刻度的一半; ③讀出R2的阻值,即認為rg=R2.已知電流表滿偏電流為500 μA,其內(nèi)阻約在100 Ω左右,實驗室配有的可變電阻有: A.電阻箱(0~10 Ω) B.電阻箱(0~9 999 Ω) C.滑動變阻器(0~200 Ω) D.滑動變阻器(0~20 kΩ) (1)電路圖中R1應選________,R2應選________. (2)若上述實驗中,讀得R2的阻值為100 Ω,則電流表內(nèi)阻的測量值和真實值相比________(選填“偏大”或“偏小”). (3)若將此電流表改裝成量程為3 V的電壓表,應________聯(lián)一個阻值為________Ω的電阻. 解析:(1)實驗時要求R1?RG,所以R1應選D;R2要求能直接讀數(shù)且大于G內(nèi)阻,故選B. (2)S2接通后使電路外電壓減小,總電流增大,R2上流過的電流大于G的半偏電流,故測量值比真實值偏?。? (3)3 V=500 μA×(100 Ω+R),解得R=5900 Ω. 答案:(1)D B (2)偏小 (3)串 5900 7. 圖10-5-11 (2020年高考全國卷Ⅰ)一電流表的量程標定不準確,某同學利用圖10-5-11所示電路測量該電流表的實際量程Im.所用器材有: 量程不準的電流表A1,內(nèi)阻r1=10.0 Ω,量程標稱為5.0 mA; 標準電流表A2,內(nèi)阻r2=45.0 Ω,量程1.0 mA; 標準電阻R1,阻值10.0 Ω; 滑動變阻器R,總電阻約為300.0 Ω; 電源E,電動勢3.0 V,內(nèi)阻不計; 保護電阻R2;開關S;導線. 回答下列問題: (1)在圖10-5-12所示的實物圖上畫出連線. 圖10-5-12 (2)開關S閉合前,滑動變阻器的滑動端c應滑動至________端. (3)開關S閉合后,調節(jié)滑動變阻器的滑動端,使電流表A1滿偏;若此時電流表A2的讀數(shù)為I2,則A1的量程Im=________. (4)若測量時,A1未調到滿偏,兩電流表的示數(shù)如圖10-5-13所示,從圖中讀出A1的示數(shù)I1=________,A2的示數(shù)I2=________;由讀出的數(shù)據(jù)計算得Im=________.(保留3位有效數(shù)字) 圖10-5-13 (5)寫出一條提高測量準確度的建議:________________________________________________________________________ ________________________________________________________________________. 解析:(1)實物連線圖如下圖所示: (2)開關閉合前使接入電阻值最大,故滑動端應至b端.若導線接到b端時就滑至a端后再閉合開關. (3)結合電路結構,利用歐姆定律可得(45+10)I2=10Im即Im=5.5I2. (4)A1的分度值為0.1 mA,再估讀一位,其結果為3.00 mA.A2的分度值為0.02 mA.再估讀一位其結果為0.660 mA.據(jù)此數(shù)據(jù)可知I1=5.5×0.660 mA,所以Im=I1=6.05 mA. (5)多次測量取平均值(其他合理答案也可;如:測量時電流表指針偏轉大于滿刻度的一半) 答案:(1)見解析圖 (2)b (3)5.5I2 (4)3.00 mA 0.660 mA 6.05 mA (5)見解析

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