2019-2020年高考物理二輪復習 考前保溫訓練1 相互作用和牛頓運動定律（含解析）.doc

2019-2020年高考物理二輪復習 考前保溫訓練1 相互作用和牛頓運動定律（含解析）1(多選)下列關于摩擦力的說法，正確的是()A作用在物體上的滑動摩擦力只能使物體減速，不可能使物體加速B作用在物體上的靜摩擦力只能使物體加速，不可能使物體減速C作用在物體上的滑動摩擦力既可能使物體減速，也可能使物體加速D作用在物體上的靜摩擦力既可能使物體加速，也可能使物體減速答案：CD解析：摩擦力總是阻礙物體的相對運動(或相對運動趨勢)，而物體間的相對運動與物體的實際運動無關當摩擦力的方向與物體的運動方向一致時，摩擦力是動力，方向相反時為阻力，故C、D項正確2如圖所示，小車內一根輕質彈簧沿豎直方向和一條與豎直方向成角的細繩拴接一小球當小車和小球相對靜止，一起在水平面上運動時，下列說法正確的是()A細繩一定對小球有拉力的作用B輕彈簧一定對小球有彈力的作用C細繩不一定對小球有拉力的作用，但是輕彈簧對小球一定有彈力D細繩不一定對小球有拉力的作用，輕彈簧對小球也不一定有彈力答案：D解析：若小球與小車一起勻速運動，則細繩對小球無拉力；若小球與小車有向右的加速度agtan ，則輕彈簧對小球無彈力，D正確3如圖所示，A、B兩物塊疊放在一起，在粗糙的水平面上保持相對靜止地向右做勻減速直線運動，運動過程中B受到的摩擦力()A方向向左，大小不變 B方向向左，逐漸減小C方向向右，大小不變 D方向向右，逐漸減小答案：A解析：B向右做勻減速直線運動，加速度大小不變、方向向左，故所受摩擦力的方向向左，大小不變，即A正確，B、C、D均錯誤4如圖所示，與水平面夾角為30的固定斜面上有一質量m1.0 kg的物體細繩的一端與物體相連，另一端經摩擦不計的定滑輪與固定的彈簧秤相連物體靜止在斜面上，彈簧秤的示數為4.9 N關于物體受力的判斷(取g9.8 m/s2)，下列說法正確的是()A斜面對物體的摩擦力大小為零B斜面對物體的摩擦力大小為4.9 N，方向沿斜面向上C斜面對物體的支持力大小為4.9 N，方向豎直向上D斜面對物體的支持力大小為4.9 N，方向垂直斜面向上答案：A解析：物體重力在斜面方向上的分力：Gxmgsin 304.9 N，由此可推斷f0，即A正確，B錯誤物體重力在垂直斜面方向上的分力：Gy mgcos 304.9 N，方向垂直斜面向下，即支持力大小為4.9 N，方向垂直斜面向上，故C、D均錯誤5如圖所示，石拱橋的正中央有一質量為m的對稱楔形石塊，側面與豎直方向的夾角為，重力加速度為g.若接觸面間的摩擦力忽略不計，則石塊側面所受彈力的大小為()A. B.C.mgtan D.mgcot 答案：A解析：石塊受力如圖所示，由對稱性可知兩側面所受彈力大小相等，設為FN，由三力平衡可知四邊形OABC為菱形，故ODC為直角三角形，且OCD，則由mgFNsin 可得FN，故A正確6(多選)用一輕繩將小球P系于光滑墻壁上的O點，在墻壁和球P之間夾有一矩形物塊Q，如圖所示P、Q均處于靜止狀態(tài)，則下列相關說法正確的是()AP受4個力BQ受3個力C若繩子變長，繩子的拉力將變小D若繩子變短，Q受到的靜摩擦力將增大答案：AC解析：先研究Q，水平方向上Q受墻壁和小球P的彈力而平衡，豎直方向上Q受重力和P對它的豎直向上的摩擦力而平衡，故Q受到的靜摩擦力始終等于其重力，選項B、D錯誤；再研究P，P受重力、繩子拉力、Q對它的支持力和豎直向下的摩擦力作用，選項A正確；以P、O整體為研究對象，設繩子與墻壁之間的夾角為，若繩子變長，將變小，根據平衡條件在豎直方向上有：Fcos G總，則繩子的拉力將變小，選項C正確7如圖所示，輕彈簧上端與一質量為m的木塊1相連，下端與另一質量為M的木塊2相連，整個系統(tǒng)置于水平放置的光滑木板上，并處于靜止狀態(tài)現(xiàn)將木板沿水平方向突然抽出，設抽出后的瞬間，木塊1、2的加速度大小分別為a1、a2.重力加速度大小為g.則有()Aa10，a2g Ba1g，a2gCa10，a2g Da1g，a2g答案：C解析：木板抽出前，由平衡條件可知彈簧被壓縮產生的彈力大小為mg.木板抽出后瞬間，彈簧彈力保持不變，仍為mg.由平衡條件和牛頓第二定律可得a10，a2g.答案為C.8.(多選)如圖甲為應用于機場和火車站的安全檢查儀，用于對旅客的行李進行安全檢查其傳送裝置可簡化為如圖乙的模型，緊繃的傳送帶始終保持v1 m/s的恒定速率運行旅客把行李無初速度地放在A處，設行李與傳送帶之間的動摩擦因數0.1，A、B間的距離為2 m，取g10 m/s2.若乘客把行李放到傳送帶的同時也以v1 m/s的恒定速率平行于傳送帶運動到B處取行李，則()甲乙A乘客與行李同時到達B處B乘客提前0.5 s到達B處C行李提前0.5 s到達B處D若傳送帶速度足夠大，行李最快也要2 s才能到達B處答案：BD解析：行李放在傳送帶上，傳送帶對行李的滑動摩擦力使行李開始做勻加速直線運動，隨后行李又以與傳送帶相等的速率做勻速直線運動加速度為ag1 m/s2，歷時t11 s與傳送帶達到共同速度，位移x1t10.5 m，此后行李勻速運動歷時t21.5 s到達B處，共用時間2.5 s；乘客到達B處歷時t22 s，故B正確，A、C錯誤若傳送帶速度足夠大，行李一直加速運動，最短運動時間tmin s2 s，D正確9如圖所示，質量分別為m1、m2的物塊A、B用一輕質繩相連置于粗糙水平面上，用一水平力F(Fkt，k為大于0的常數)向右拉A，已知A、B與水平面間的動摩擦因數相等且最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，繩的承受力足夠大，則下列關于繩中彈力大小FN隨時間t的變化關系的圖象中正確的是()答案：A解析：當m1gFkt時，繩中無彈力，C錯；當(m1m2)gkt>m1g時，由力的平衡知FNm1gkt，即FN與時間成線性關系，當F>(m1m2)g時，A、B一起向右加速，a，而FNm2gm2a，聯(lián)立得FNkt，即FN隨時間變化的圖線是一條過原點的直線，A對，B、D錯10中央電視臺推出了一個游戲節(jié)目推礦泉水瓶選手們從起點開始用力推瓶一段時間后，放手讓瓶向前滑動，若瓶最后停在桌上有效區(qū)域內，視為成功；若瓶最后不能停在桌上有效區(qū)域內或在滑行過程中倒下，均視為失敗其簡化模型如圖所示，AC是長度為L15 m的水平桌面，選手們可將瓶子放在A點，從A點開始用一恒定不變的水平推力推瓶，BC為有效區(qū)域已知BC長度為L21 m，瓶子質量為m0.5 kg，瓶子與桌面間的動摩擦因數0.4.某選手作用在瓶子上的水平推力F20 N，瓶子沿AC做直線運動，假設瓶子可視為質點，那么該選手要想游戲獲得成功，試問：(取g10 m/s2)(1)推力作用在瓶子上的時間最長不得超過多少？(2)推力作用在瓶子上的距離最小為多少？答案：(1) s(2)0.4 m解析：(1)要想游戲獲得成功，瓶滑到C點速度正好為零時，推力作用時間最長，設最長作用時間為t1，有推力作用時瓶做勻加速運動，設加速度為a1，t1時刻瓶的速度為v，推力停止作用后瓶做勻減速運動，設此時加速度大小為a2，由牛頓第二定律得：Fmgma1mgma2加速運動過程中的位移x1減速運動過程中的位移x2位移關系滿足：x1x2L1又：va1t1由以上各式解得：t1 s.(2)要想游戲獲得成功，瓶滑到B點速度正好為零時，推力作用距離最小，設最小距離為d，則：L1L2v22a1d聯(lián)立解得：d0.4 m.11如圖所示，一兒童玩具船靜止在水平地面上，一個兒童用與水平面成53角的恒力拉著船沿水平面運動，已知拉力F4.0 N，玩具船的質量m0.5 kg，經過時間t2.0 s，船移動的距離x4.2 m，這時兒童松開手，船又滑行了一段距離后停下(取g10 m/s2，sin 530.8，cos 530.6)(1)求船與水平地面間的動摩擦因數以及松開手后船還能運動的距離(2)若拉力與水平面成53角不變，為使船能始終在地面上運動，求拉力F的取值范圍若拉力與水平面之間夾角不定，使船能在地面上運動的最小拉力是多少？答案：(1)1.176 m(2)見解析解析：(1)由牛頓第二定律得Fcos 53(mgFsin 53)ma根據運動學公式知xat2解得0.75松手時船滑行的速度vm4.2 m/s松手后船滑行的加速度大小a1g7.5 m/s2滑行距離s1.176 m.(2)為使船始終在地面上滑行，最小的拉力應使它在地面上勻速運動，由牛頓第二定律得F1cos 53(mgF1sin 53)0，解得F13.125 N拉力取最大值時，它的豎直分量等于重力F2sin 53mg，F(xiàn)26.25 N所以拉力的取值范圍是3.125 NF6.25 N取船為研究對象，其在與水平面夾角為、斜向右上方的拉力F作用下，沿水平面向右做勻速直線運動，此時，船的受力情況如圖所示，沿兩坐標軸方向列出平衡方程：Fcos f0Fsin Nmg0考慮到滑動摩擦力f與正壓力N間的關系fN由上述三式消去未知量N和f，將F表示為的函數，得F對上述表達式作變換，得F，其中tan 由此可知，當arctan 時，拉力F可取得最小值Fmin.