2019-2020年高考數(shù)學(xué)二輪專題復(fù)習(xí) 考前回扣 幾何證明選講檢測(cè)試題 文 選修4-1.doc
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2019-2020年高考數(shù)學(xué)二輪專題復(fù)習(xí) 考前回扣 幾何證明選講檢測(cè)試題 文 選修4-1.doc
2019-2020年高考數(shù)學(xué)二輪專題復(fù)習(xí) 考前回扣 幾何證明選講檢測(cè)試題 文 選修4-11(xx天津卷)如圖,在圓O中,M,N是弦AB的三等分點(diǎn),弦CD,CE分別經(jīng)過點(diǎn)M,N,若C M2,MD4,CN3,則線段NE的長為()A. B. C. D.答案:A解析:令A(yù)B3a(a>0),因?yàn)镃MMDAMMB,即242a2,所以a2,又因?yàn)镃NNEANNB,即3NE42,所以NE.故選A.2(xx廣東卷)如圖,已知AB是圓O的直徑,AB4,EC是圓O的切線,切點(diǎn)為C,BC1.過圓心O作BC的平行線,分別交EC和AC于點(diǎn)D和點(diǎn)P,則OD_.答案:8解析:易得AC,由OPBC,且O為AB的中點(diǎn)可知CPAC,OPBC,CPOACB90,CPD90.因?yàn)镋C是切線,所以DCPCBA,從而CPDBCA,故,DP,故ODDPOP8.3如圖,四邊形ABCD是O的內(nèi)接四邊形,AB的延長線與DC的延長線交于點(diǎn)E,且CBCE.(1)證明:DE;(2)設(shè)AD不是O的直徑,AD的中點(diǎn)為M,且MBMC,證明:ADE為等邊三角形證明:(1)由題設(shè)知A,B,C,D四點(diǎn)共圓,所以DCBE.由已知CBCE得CBEE,故DE.(2)設(shè)BC的中點(diǎn)為N,連接MN,則由MBMC知MNBC,故O在直線MN上又AD不是O的直徑,M為AD的中點(diǎn),故OMAD,即MNAD.所以ADBC,故ACBE.又CBEE,故AE.由(1)知,DE,所以ADE為等邊三角形4如圖,AE是圓O的切線,A是切點(diǎn),ADOE于D,割線EC交圓O于B,C兩點(diǎn)(1)證明:O,D,B,C四點(diǎn)共圓;(2)設(shè)DBC50,ODC30,求OEC的大小解:(1)證明:連接OA,OC,則OAEA.由射影定理得,EA2EDEO.由切割線定理得,EA2EBEC,故EDEOEBEC,即,又OECOEC,所以BDEOCE,所以EDBOCE,因此O,D,B,C四點(diǎn)共圓(2)連接OB.因?yàn)镺ECOCBCOE180,結(jié)合(1)得OEC180OCBCOE180OBCDBE180OBC(180DBC)DBCODC20.5(xx新課標(biāo)全國卷)如圖,O為等腰三角形ABC內(nèi)一點(diǎn),O與ABC的底邊BC交于M,N兩點(diǎn),與底邊上的高AD交于點(diǎn)G,且與AB,AC分別相切于E,F(xiàn)兩點(diǎn)(1)證明:EFBC;(2)若AG等于O的半徑,且AEMN2,求四邊形EBCF的面積解:(1)證明:由于ABC是等腰三角形,ADBC,所以AD是CAB的平分線又因?yàn)镺分別與AB,AC相切于點(diǎn)E,F(xiàn),所以AEAF,故ADEF,從而EFBC.(2)由(1)知,AEAF,ADEF,故AD所在直線是EF的垂直平分線又EF為O的弦,所以O(shè)在AD上連接OE,OM,則OEAE.由AG等于O的半徑得AO2OE,所以O(shè)AE30.因此ABC和AEF都是等邊三角形因?yàn)锳E2,所以AO4,OE2.因?yàn)镺MOE2,DMMN,所以O(shè)D1.于是AD5,AB.所以四邊形EBCF的面積為2(2)2.6如圖,P是O的直徑AB延長線上的一點(diǎn),割線PCD交O于C,D兩點(diǎn),弦DF與直徑AB垂直,H為垂足,CF與AB交于點(diǎn)E.(1)求證:PAPBPOPE;(2)若DECF,P15,O的半徑等于2,求弦CF的長解:(1)證明:連接OD,AB是O的直徑,弦DF與直徑AB垂直,H為垂足,C在O上,DOADCF,PODPCE.又DPOEPC,PDOPEC,即PDPCPOPE.由割線定理得PAPBPDPC,PAPBPOPE.(2)由已知,直徑AB是弦DF的垂直平分線,EDEF,DEHFEH.DECF,DEHFEH45.由PECFEH45,P15得DCF60.由DOADCF得DOA60.在RtDHO中,OD2,DHODsinDOH,DEEF,CE,CFCEEF.