高考物理一輪復(fù)習(xí) 第七章 靜電場(chǎng) 課后分級(jí)演練20 庫(kù)侖定律 電場(chǎng)力的性質(zhì)
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高考物理一輪復(fù)習(xí) 第七章 靜電場(chǎng) 課后分級(jí)演練20 庫(kù)侖定律 電場(chǎng)力的性質(zhì)
課后分級(jí)演練(二十) 庫(kù)侖定律 電場(chǎng)力的性質(zhì)
【A級(jí)——基礎(chǔ)練】
1.如圖所示,兩個(gè)不帶電的導(dǎo)體A和B,用一對(duì)絕緣柱支持使它們彼此接觸.把一帶正電荷的物體C置于A附近,貼在A、B下部的金屬箔都張開(kāi)( )
A.此時(shí)A帶正電,B帶負(fù)電
B.此時(shí)A電勢(shì)低,B電勢(shì)高
C.移去C,貼在A、B下部的金屬箔都閉合
D.先把A和B分開(kāi),然后移去C,貼在A、B下部的金屬箔都閉合
解析:C 由于靜電感應(yīng),A帶負(fù)電,B帶等量正電,若移去C,A、B所帶等量正負(fù)電荷中和,金屬箔閉合,所以C正確,A錯(cuò)誤;處于電場(chǎng)中的導(dǎo)體是等勢(shì)體,B錯(cuò)誤;若先把A、B分開(kāi),然后移去C,A、B所帶電荷就不能中和,金屬箔不再閉合,D錯(cuò)誤.
2.三個(gè)相同的金屬小球1、2、3分別置于絕緣支架上,各球之間的距離遠(yuǎn)大于小球的直徑.球1的帶電荷量為q,球2的帶電荷量為nq,球3不帶電且離球1和球2很遠(yuǎn),此時(shí)球1、2之間作用力的大小為F.現(xiàn)使球3先與球2接觸,再與球1接觸,然后將球3移至遠(yuǎn)處,此時(shí)1、2之間作用力的大小仍為F,方向不變.由此可知( )
A.n=3 B.n=4
C.n=5 D.n=6
解析:D 設(shè)球1、2之間的距離為r,球3和它們沒(méi)有接觸前,由庫(kù)侖定律有=F,接觸后,球2帶電荷量為q,球1帶電荷量為q,由庫(kù)侖定律有=F,聯(lián)立上面兩式解得n=6,D項(xiàng)對(duì).
3.(多選)在光滑絕緣的水平桌面上有四個(gè)小球構(gòu)成菱形,其帶電量如圖所示.圖中-q與-q的連線跟-q與+Q的連線之間夾角為α,若該系統(tǒng)處于平衡狀態(tài),則正確的關(guān)系式為( )
A.cos3α= B.cos3α=
C.sin3α= D.sin3α=
解析:AC 設(shè)菱形的邊長(zhǎng)為L(zhǎng),對(duì)下方的電荷由力的平衡條件得:2kcos α=k,解得:cos3α=,A正確,B錯(cuò)誤;對(duì)左邊電荷分析由力的平衡條件得:2ksin α=k,解得:sin3α=,C正確,D錯(cuò)誤.
4.(多選)(2017廣東第二次大聯(lián)考)如圖所示,A、B兩球所帶電荷量均為210-5 C,質(zhì)量均為0.72 kg,其中A球帶正電荷,B球帶負(fù)電荷,A球通過(guò)絕緣細(xì)線吊在天花板上,B球一端固定絕緣棒,現(xiàn)將B球放在某一位置,能使絕緣細(xì)線伸直,A球靜止且與豎直方向的夾角為30,則B球距離A球的距離可能為( )
A.0.5 m B.0.8 m
C.1.2 m D.2.5 m
解析:AB 對(duì)A受力分析,受重力mg、繩的拉力FT、B對(duì)A的吸引力F,由分析知,A平衡時(shí),F(xiàn)的最小值為F=mgsin 30=,解得r=1 m,所以兩球的距離d≤1 m,A、B正確.
5.如圖所示,在正方形四個(gè)頂點(diǎn)分別放置一個(gè)點(diǎn)電荷,所帶電荷量已在圖中標(biāo)出,則下列四個(gè)選項(xiàng)中,正方形中心處場(chǎng)強(qiáng)最大的是( )
解析:B 根據(jù)點(diǎn)電荷電場(chǎng)強(qiáng)度公式E=k,結(jié)合矢量合成法則求解.設(shè)正方形頂點(diǎn)到中心的距離為r,則A選項(xiàng)中電場(chǎng)強(qiáng)度EA=0,B選項(xiàng)中電場(chǎng)強(qiáng)度EB=2k,C選項(xiàng)中電場(chǎng)強(qiáng)度EC=k,D選項(xiàng)中電場(chǎng)強(qiáng)度ED=k,所以B正確.
6.(多選)如圖所示,在絕緣水平面上固定著一光滑絕緣的圓形槽,在某一過(guò)直徑的直線上有O、A、B三點(diǎn),其中O為圓心.A點(diǎn)固定電荷量為Q的正電荷,B點(diǎn)固定一個(gè)未知電荷,且圓周上各點(diǎn)電勢(shì)相等,AB=L.有一個(gè)可視為質(zhì)點(diǎn)的質(zhì)量為m、電荷量為-q的帶電小球正在滑槽中運(yùn)動(dòng),在C點(diǎn)受到的電場(chǎng)力指向圓心,C點(diǎn)所處的位置如圖所示,根據(jù)題干和圖示信息可知( )
A.B點(diǎn)的電荷帶正電
B.B點(diǎn)處電荷的電荷量為3Q
C.B點(diǎn)處電荷的電荷量為Q
D.小球在滑槽內(nèi)做的是勻速圓周運(yùn)動(dòng)
解析:CD 小球在C點(diǎn)的合力方向一定沿CO,且指向O點(diǎn).A點(diǎn)電荷對(duì)小球吸引,B點(diǎn)電荷對(duì)小球排斥,因?yàn)樾∏驇ж?fù)電,則B點(diǎn)電荷帶負(fù)電.由∠ABC=∠ACB=30知,∠ACO=30,AC=AB=L,BC=2ABcos 30=L.由力的合成得F1=F2,即=,解得QB=Q,故A、B錯(cuò)誤,C正確.已知圓周上各點(diǎn)電勢(shì)相等,小球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中電勢(shì)能不變,根據(jù)能量守恒得知,小球的動(dòng)能不變,小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng),故D正確.
7.如圖,在光滑絕緣水平面上,三個(gè)帶電小球a、b和c分別位于邊長(zhǎng)為l的正三角形的三個(gè)頂點(diǎn)上;a、b帶正電,電荷量均為q,c帶負(fù)電.整個(gè)系統(tǒng)置于方向水平的勻強(qiáng)電場(chǎng)中.已知靜電力常量為k.若三個(gè)小球均處于靜止?fàn)顟B(tài),則勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的大小為( )
A. B.
C. D.
解析:B 設(shè)小球c帶電荷量為Q,由庫(kù)侖定律可知小球a對(duì)小球c的庫(kù)侖引力為F=k,小球b對(duì)小球c的庫(kù)侖引力為F=k,二力合力為2Fcos 30.設(shè)水平勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的大小為E,對(duì)c球,由平衡條件可得QE=2Fcos 30,解得E=,選項(xiàng)B正確.
8.圖中實(shí)線是一簇未標(biāo)明方向的電場(chǎng)線,虛線是某一帶電粒子通過(guò)該電場(chǎng)區(qū)域時(shí)的運(yùn)動(dòng)軌跡,a、b是軌跡上的兩點(diǎn),若帶電粒子在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中只受電場(chǎng)力的作用,根據(jù)此圖可做出正確判斷的是( )
A.帶電粒子所帶電荷的符號(hào)
B.場(chǎng)強(qiáng)的方向
C.帶電粒子在a、b兩點(diǎn)的受力方向
D.帶電粒子在a、b兩點(diǎn)的加速度何處較大
解析:CD 由軌跡的彎曲情況,可知電場(chǎng)力應(yīng)沿電場(chǎng)線向左,但因不知電場(chǎng)線的方向,故帶電粒子所帶電荷的符號(hào)不能確定.由電場(chǎng)線的疏密程度知a點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大于b點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng),帶電粒子在a點(diǎn)所受電場(chǎng)力較大,從而在a點(diǎn)時(shí)加速度較大,綜上所述C、D正確.
9.如圖所示,把一帶正電的小球a放在光滑絕緣面上,欲使球a能靜止在斜面上,需在MN間放一帶電小球b,則b應(yīng)( )
A.帶負(fù)電,放在A點(diǎn) B.帶正電,放在B點(diǎn)
C.帶負(fù)電,放在C點(diǎn) D.帶正電,放在C點(diǎn)
解析:C a受到重力、支持力和庫(kù)侖力的作用處于平衡狀態(tài),對(duì)a球受力分析可知,只有在C處放上負(fù)電荷,才可使a受力平衡,故選C.
10.如圖所示,在水平向右、大小為E的勻強(qiáng)電場(chǎng)中,在O點(diǎn)固定一電荷量為Q的正電荷,A、B、C、D為以O(shè)為圓心、半徑為r的同一圓周上的四點(diǎn),B、D連線與電場(chǎng)線平行,A、C連線與電場(chǎng)線垂直.則( )
A.A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為
B.B點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為E-k
C.D點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小不可能為0
D.A、C兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)相同
解析:A 正點(diǎn)電荷Q在A的電場(chǎng)強(qiáng)度大小E′=,而勻強(qiáng)電場(chǎng)在A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為E;因方向互相垂直,由平行四邊形法則知A點(diǎn)的合場(chǎng)強(qiáng)大小為,A正確;同理,點(diǎn)電荷Q在B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度的方向與勻強(qiáng)電場(chǎng)方向相同,因此B點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為E+k,故B錯(cuò)誤;同理知D點(diǎn)的合場(chǎng)強(qiáng)為0,C錯(cuò)誤;A、C兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大小相等,方向不同,故A、C兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)不相同,D錯(cuò)誤.
【B級(jí)——提升練】
11.均勻帶電的球殼在球外空間產(chǎn)生的電場(chǎng)等效于電荷集中于球心處產(chǎn)生的電場(chǎng).如圖所示,在半球面AB上均勻分布正電荷,總電荷量為q,球面半徑為R,CD為通過(guò)半球頂點(diǎn)與球心O的軸線,在軸線上有M、N兩點(diǎn),OM=ON=2R,已知M點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為E,則N點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為( )
A. B.-E
C.-E D.+E
解析:B 本題考查點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)、場(chǎng)強(qiáng)的疊加,意在考查考生對(duì)場(chǎng)強(qiáng)矢量性的理解能力和構(gòu)建物理模型的能力.將半圓球面補(bǔ)全成為一個(gè)帶電球面,帶電荷量為2q,由題中信息可知,整個(gè)帶電球面在N點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)等效于電荷集中于球心處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng),即E整=k=k,方向水平向右;由對(duì)稱性可知,補(bǔ)上的右半帶電球面在N點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)的大小等于左半帶電球面在M點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)E,方向水平向右,故左半帶電球面在N點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)為E左=k-E,B項(xiàng)正確.
12.已知均勻帶電的無(wú)窮大平面在真空中激發(fā)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小為,其中σ為平面上單位面積所帶的電荷量,ε0為常量.如圖所示的平行板電容器,極板正對(duì)面積為S,其間為真空,帶電荷量為Q.不計(jì)邊緣效應(yīng)時(shí),極板可看做無(wú)窮大導(dǎo)體板,則極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度大小和兩板極間相互的靜電引力大小分別為( )
A.和 B.和
C.和 D.和
解析:D 由題知,σ=,故電場(chǎng)強(qiáng)度E==.帶電荷量為Q的平板在與另一平板產(chǎn)生的電場(chǎng)中受力F=QE=.兩板之間的場(chǎng)強(qiáng)為兩板各自場(chǎng)強(qiáng)疊加的合場(chǎng)強(qiáng),E合=2E=,D正確.
13.(多選)(2017河北廊坊質(zhì)量監(jiān)測(cè))如圖甲所示,Q1、Q2為兩個(gè)被固定的點(diǎn)電荷,其中Q1為正點(diǎn)電荷,在它們連線的延長(zhǎng)線上有a、b兩點(diǎn),現(xiàn)有一檢驗(yàn)電荷q(電性未知)以一定的初速度沿直線從b點(diǎn)開(kāi)始經(jīng)a點(diǎn)向遠(yuǎn)處運(yùn)動(dòng)(檢驗(yàn)電荷只受電場(chǎng)力作用),q運(yùn)動(dòng)的速度圖象如圖乙所示,則( )
A.Q2必定是負(fù)電荷
B.可以確定檢驗(yàn)電荷的帶電性質(zhì)
C.Q2的電荷量必定大于Q1的電荷量
D.從b點(diǎn)經(jīng)a點(diǎn)向遠(yuǎn)處運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中電荷q所受電場(chǎng)力先增大后減小
解析:AB 本題考查庫(kù)侖定律、速度圖象、共點(diǎn)力平衡等,意在考查考生對(duì)運(yùn)動(dòng)圖象的理解能力、對(duì)庫(kù)侖力作用下的平衡問(wèn)題的分析計(jì)算能力.由速度圖象可知,檢驗(yàn)電荷在a點(diǎn)加速度為零,即兩固定點(diǎn)電荷對(duì)檢驗(yàn)電荷的電場(chǎng)力矢量和為零,所以Q2一定是負(fù)電荷,A項(xiàng)正確;Q1的電荷量一定大于Q2的電荷量,C項(xiàng)錯(cuò);從b點(diǎn)開(kāi)始運(yùn)動(dòng)時(shí),q做減速運(yùn)動(dòng),所受電場(chǎng)力向左,可知檢驗(yàn)電荷帶正電,B項(xiàng)正確;從b經(jīng)a向遠(yuǎn)處運(yùn)動(dòng)過(guò)程中,加速度先減小后增大再減小,由牛頓第二定律可知,檢驗(yàn)電荷所受電場(chǎng)力先減小后增大再減小,D項(xiàng)錯(cuò).
14.N(N>1)個(gè)電荷量均為q(q>0)的小球,均勻分布在半徑為R的圓周上,示意如圖.如移去位于圓周上P點(diǎn)的一個(gè)小球,則圓心O點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為_(kāi)_____,方向______.(已知靜電力常量為k)
解析:均勻分布在圓周上的帶電小球在O點(diǎn)處產(chǎn)生的合電場(chǎng)強(qiáng)度為零;位于P點(diǎn)的小球在O點(diǎn)處產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度E=,方向沿PO指向O點(diǎn);移去P點(diǎn)小球,其余小球在O點(diǎn)處產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度與E大小相等,方向相反.
答案:k 沿OP指向P點(diǎn)
15.如圖所示,空間存在著強(qiáng)度E=2.5102 N/C,方向豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng),在電場(chǎng)內(nèi)一長(zhǎng)為L(zhǎng)=0.5 m的絕緣細(xì)線,一端固定在O點(diǎn),另一端拴著質(zhì)量m=0.5 kg、電荷量q=410-2 C的小球.現(xiàn)將細(xì)線拉直到水平位置,使小球由靜止釋放,當(dāng)小球運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)細(xì)線受到的拉力恰好達(dá)到它能承受的最大值而斷裂.取g=10 m/s2.求:
(1)小球的電性.
(2)細(xì)線能承受的最大拉力.
(3)當(dāng)小球繼續(xù)運(yùn)動(dòng)后與O點(diǎn)水平方向距離為L(zhǎng)時(shí),小球距O點(diǎn)的高度.
解析:(1)由小球運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)可知,小球帶正電.
(2)設(shè)小球運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)速度為v,對(duì)該過(guò)程由動(dòng)能定理有,(qE-mg)L=mv2①
在最高點(diǎn)對(duì)小球由牛頓第二定律得,
FT+mg-qE=m②
由①②式解得,F(xiàn)T=15 N
(3)小球在細(xì)線斷裂后,在豎直方向的加速度設(shè)為a,
則a=③
設(shè)小球在水平方向運(yùn)動(dòng)L的過(guò)程中,歷時(shí)t,則L=vt④
設(shè)豎直方向上的位移為x,
則x=at2⑤
由①③④⑤解得x=0.125 m
所以小球距O點(diǎn)高度為x+L=0.625 m
答案:(1)正電 (2)15 N (5)0.625 m
我國(guó)經(jīng)濟(jì)發(fā)展進(jìn)入新常態(tài),需要轉(zhuǎn)變經(jīng)濟(jì)發(fā)展方式,改變粗放式增長(zhǎng)模式,不斷優(yōu)化經(jīng)濟(jì)結(jié)構(gòu),實(shí)現(xiàn)經(jīng)濟(jì)健康可持續(xù)發(fā)展進(jìn)區(qū)域協(xié)調(diào)發(fā)展,推進(jìn)新型城鎮(zhèn)化,推動(dòng)城鄉(xiāng)發(fā)展一體化因:我國(guó)經(jīng)濟(jì)發(fā)展還面臨區(qū)域發(fā)展不平衡、城鎮(zhèn)化水平不高、城鄉(xiāng)發(fā)展不平衡不協(xié)調(diào)等現(xiàn)實(shí)挑戰(zhàn)。