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新版高三數(shù)學(xué) 第39練 數(shù)列的前n項(xiàng)和練習(xí)

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新版高三數(shù)學(xué) 第39練 數(shù)列的前n項(xiàng)和練習(xí)

1 1 第39練 數(shù)列的前n項(xiàng)和 訓(xùn)練目標(biāo) (1)求數(shù)列前n項(xiàng)和的常用方法;(2)數(shù)列通項(xiàng)求和的綜合應(yīng)用. 訓(xùn)練題型 (1)一般數(shù)列求和;(2)數(shù)列知識(shí)的綜合應(yīng)用. 解題策略 數(shù)列求和的常用方法:(1)公式法;(2)分組法;(3)并項(xiàng)法;(4)倒序相加法; (5)裂項(xiàng)相消法;(6)錯(cuò)位相減法. 一、選擇題 1.(20xx·東營(yíng)期中)若數(shù)列{an}的通項(xiàng)公式是an=(-1)n·(3n-2),則a1+a2+…+a10等于(  ) A.15 B.12 C.-12 D.-15 2.(20xx·山西晉中聯(lián)考)已知數(shù)列{an}的通項(xiàng)公式是an=,其前n項(xiàng)和Sn=,則項(xiàng)數(shù)n等于(  ) A.13 B.10 C.9 D.6 3.(20xx·河南中原名校聯(lián)考二)已知函數(shù)f(x)=x2+ax的圖象在點(diǎn)A(0,f(0))處的切線l與直線2x-y+2=0平行,若數(shù)列{}的前n項(xiàng)和為Sn,則S20的值為(  ) A. B. C. D. 4.(20xx·衡水期中)1+(1+)+(1++)+…+(1+++…+)的值為(  ) A.18+ B.20+ C.22+ D.18+ 5.?dāng)?shù)列{an}滿足a1=1,且對(duì)于任意的n∈N*都有an+1=a1+an+n,則++…+等于(  ) A. B. C. D. 二、填空題 6.(20xx·合肥質(zhì)檢)已知數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和為Sn,若Sn=2an-2n,則Sn=________. 7.設(shè)f(x)是定義在R上恒不為零的函數(shù),且對(duì)任意的x,y∈R,都有f(x)·f(y)=f(x+y),若a1=,an=f(n)(n∈N*),則數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和Sn的取值范圍是________________. 8.?dāng)?shù)列{an}的通項(xiàng)公式an=ncos+1,前n項(xiàng)和為Sn,則S2 012=________. 9.(20xx·云南師大附中月考)設(shè)S=+++…+,則不大于S的最大整數(shù)[S]=________. 三、解答題 10.正項(xiàng)數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和Sn滿足:S-(n2+n-1)Sn-(n2+n)=0. (1)求數(shù)列{an}的通項(xiàng)公式an; (2)令bn=,數(shù)列{bn}的前n項(xiàng)和為Tn,證明:對(duì)于任意的n∈N*,都有Tn<. 答案精析 1.A [依題意可知a1+a2=3,a3+a4=3,…,a9+a10=3, ∴a1+a2+…+a10=5×3=15. 故選A.] 2.D [∵數(shù)列{an}的通項(xiàng)公式是an==1-, ∴Sn=(1-)+(1-)+(1-)+…+(1-) =n-(+++…+) =n- =n-1+. 由Sn==n-1+,可得n=6.故選D.] 3.A [因?yàn)閒(x)=x2+ax,所以f′(x)=2x+a, 又函數(shù)f(x)=x2+ax的圖象在點(diǎn)A(0,f(0))處的切線l與直線2x-y+2=0平行, 所以f′(0)=a=2, 所以f(x)=x2+2x, 所以== =(-), 所以S20=[(1-)+(-)+(-)+…+(-)]=(1+--)=. 故選A.] 4.B [設(shè)an=1+++…+ ==2(1-) =2-, ∴Sn=2n- =2n-2(1-)=2n-2+, ∴S11=20+,故選B.] 5.B [因?yàn)閍n+1=a1+an+n=1+an+n, 所以an+1-an=n+1. 用累加法:an=a1+(a2-a1)+…+(an-an-1)=1+2+…+n=, 所以==2. 所以++…+ =2(1-+-+-+…+-) =2=,故選B.] 6.n·2n 解析 ∵Sn=2an-2n=2(Sn-Sn-1)-2n, 即Sn=2Sn-1+2n(n≥2), ∴=+1=+1, ∴-=1,且S1=a1=2,∴=1, ∴數(shù)列{}是首項(xiàng)為1,公差為1的等差數(shù)列,∴=n,∴Sn=n·2n. 7.[,1) 解析 由已知可得a1=f(1)=, a2=f(2)=[f(1)]2=()2, a3=f(3)=f(2)·f(1)=[f(1)]3=()3,…, an=f(n)=[f(1)]n=()n, 所以Sn=+()2+()3+…+()n==1-()n, 因?yàn)閚∈N*,所以≤Sn<1. 8.3 018 解析 由于f(n)=cos的值具有周期性,所以可從數(shù)列的周期性及從頭開始連續(xù)四項(xiàng)的和為定值入手解決. 當(dāng)n=4k+1(k∈N)時(shí),an=(4k+1)cosπ+1=1, 當(dāng)n=4k+2(k∈N)時(shí), an=(4k+2)cosπ+1=-(4k+2)+1=-4k-1, 當(dāng)n=4k+3(k∈N)時(shí),an=(4k+3)cosπ+1=1, 當(dāng)n=4k+4(k∈N)時(shí),an=(4k+4)cosπ+1=(4k+4)+1=4k+5, ∴a4k+1+a4k+2+a4k+3+a4k+4=1-4k-1+1+4k+5=6. ∴S2 012=a1+a2+a3+a4+a5+…+a2 012 =(a1+a2+a3+a4)+(a5+a6+a7+a8)+…+(a2 009+a2 010+a2 011+a2 012) =6×503=3 018. 9.2 014 解析 ∵ = ==1+(-), ∴S=1+(-)+1+(-)+…+1+(-)=2 015-,故[S]=2 014. 10.(1)解 由S-(n2+n-1)Sn-(n2+n)=0,得[Sn-(n2+n)](Sn+1)=0, 由于{an}是正項(xiàng)數(shù)列,所以Sn+1>0. 所以Sn=n2+n(n∈N*). n≥2時(shí),an=Sn-Sn-1=2n, n=1時(shí),a1=S1=2適合上式. 所以an=2n(n∈N*). (2)證明 由an=2n(n∈N*), 得bn== =, Tn=[+++…+ +] = <=(n∈N*). 即對(duì)于任意的n∈N*,都有Tn<.

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