2019屆高考物理一輪復(fù)習 第二章 相互作用 第2節(jié) 力的合成與分解練習 新人教版.doc

第二章 第二節(jié) 力的合成與分解A級基礎(chǔ)練1(08786138)一物體受到三個共點力F1、F2、F3共同作用，其力的矢量關(guān)系如圖所示，則它們的合力大小是()A0B.2F1CF3 D2F2解析：D根據(jù)三角形定則，F(xiàn)1與F3的合力等于從F1的起點到F3的終點的有向線段，即與F2相同，合力等于2倍的F2，故D正確，A、B、C錯誤2(2018十堰模擬)如圖所示，AO、BO、CO是完全相同的繩子，并將鋼梁水平吊起，若鋼梁足夠重時，繩子AO先斷，則()A120B120C120D不論為何值，AO總是先斷解析：C以結(jié)點O為研究對象，受力情況如圖所示，根據(jù)對稱性可知，BO繩與CO繩拉力大小相等，由平衡條件得，F(xiàn)AO2FBOcos ，當鋼梁足夠重時，AO繩先斷，說明FAOFBO，則有2FBOcos FBO，解得120，故選項C正確3.(08786139)如圖所示，一個“Y”字形彈弓頂部跨度為L，兩根相同的橡皮條均勻且彈性良好，其自由長度均為L，在兩橡皮條的末端用一塊軟牛皮(長度不計)做成裹片可將彈丸發(fā)射出去若橡皮條勁度系數(shù)為k，發(fā)射彈丸時，每根橡皮條的最大長度為2L(彈性限度內(nèi))，則彈丸被發(fā)射瞬間所受的最大彈力為(設(shè)橡皮條的彈力滿足胡克定律)() AkL B2kLC.kL D.kL解析：D每根橡皮條的彈力為Fk(2LL)，由幾何關(guān)系得cos ，故彈丸受到的最大彈力為Fmax2Fcos kL，D正確4.(多選)如圖所示，質(zhì)量為m的木塊在推力F作用下，在水平地面上做勻速運動，已知木塊與地面間的動摩擦因數(shù)為，那么木塊受到的滑動摩擦力為() Amg B(mgFsin )C(mgFsin ) DFcos 解析：BD木塊勻速運動時受到四個力的作用：重力mg、推力F、支持力FN、摩擦力Ff.沿水平方向建立x軸，將F進行正交分解如圖所示：由平衡條件得：Fcos Ff，F(xiàn)NmgFsin ，又由于FfFN，解得Ff(mgFsin )，故B、D正確5(08786140)(2018河北唐山一模)節(jié)日里懸掛燈籠是我國的一種民俗由于建筑物位置原因，懸掛時A、B點高度不同，如圖所示，B點高于A點，O為結(jié)點，輕繩AO、BO長度相等，拉力分別為FA、FB，燈籠受到的重力為G.下列表述正確的是() AFA一定小于GBFA一定小于FBCFA與FB大小相等DFA與FB大小之和等于G解析：B以O(shè)點為研究對象作出受力分析圖，如圖所示，由于B點比A點高，根據(jù)幾何關(guān)系可知，O點受到FA、FB、T三個力作用，根據(jù)平衡條件得知，F(xiàn)A與FB的合力與重力G大小相等，方向相反，所以此合力的方向豎直向上，根據(jù)幾何關(guān)系可知FBFA，但不能判斷FA與G的大小關(guān)系，根據(jù)三角形中兩邊之和大于第三邊可知，F(xiàn)A與FB大小之和大于G，故B正確6(08786141)如圖所示，吊床用繩子拴在兩棵樹上等高位置，某人先坐在吊床上，后躺在吊床上，均處于靜止狀態(tài)設(shè)吊床兩端繩中的拉力為F1，吊床對人的作用力為F2，則() A坐著比躺著時F1大B坐著比躺著時F1小C坐著比躺著時F2大D坐著比躺著時F2小解析：A設(shè)繩子與水平方向的夾角為，在豎直方向上由平衡條件有G2Fsin ，所以F，因坐著比躺著夾角小一些，所以拉力大，故選項A正確，選項B錯；兩種情況吊床對該人的作用力大小等于人的重力，所以選項C、D錯7(2018山東臨沂一模)如圖所示，一物塊在斜向下的推力F的作用下沿光滑的水平地面向右運動，那么A受到的地面的支持力與推力F的合力方向是() A水平向右 B向上偏右C向下偏左 D豎直向下解析：B對物塊進行受力分析，受重力、支持力、斜向下的推力，三個力的合力方向水平向右，故支持力與推力F的合力方向必須是向上偏右故選B.8(08786142)(多選)兩個共點力的合力為F，如果它們之間的夾角固定不變，使其中一個力增大，則()A合力F一定增大B合力F的大小可能不變C合力F可能增大，也可能減小D當0<<90，合力F一定減小解析：BC當兩個力同向時，一個力增大，則合力一定增大；當兩個力不共線時，一個力增大，則合力可能減小，可能增大，也可能不變，故A錯誤，B、C正確當0<<90時，一個力增大，則合力一定增大，故D錯誤9(08786143)(多選)(2018濰坊模擬)自卸式貨車可以提高工作效率，如圖所示在車廂由水平位置緩慢地抬起到一定高度且貨物還未滑離車廂的過程中，貨物所受車廂的支持力FN和摩擦力Ff都在變化下列說法中正確的是()AFN逐漸減小 BFN先減小后不變CFf逐漸增大 DFf先增大后不變解析：AC設(shè)車廂與水平面的夾角為，F(xiàn)Nmgcos ，增大，則FN減小，A正確，B錯誤貨物滑動前Ffmgsin ，增大，則Ff增大，故C正確，D錯誤B級能力練10.兩物體M、m用跨過光滑定滑輪的輕繩相連，如圖所示，OA、OB與水平面的夾角分別為30、60，M、m均處于靜止狀態(tài)，則() A繩OA對M的拉力大小大于繩OB對M的拉力B繩OA對M的拉力大小等于繩OB對M的拉力Cm受到水平面的靜摩擦力大小為零Dm受到水平面的靜摩擦力的方向水平向左解析：D取O點為研究對象進行受力分析如圖，F(xiàn)TAFTB，A、B錯誤；m受水平面的靜摩擦力的方向水平向左，C錯誤，D正確 11(08786144)(2018江蘇泰州中學(xué)月考)如圖，在粗糙水平面上放置A、B、C、D四個小物塊，各小物塊之間由四根完全相同的輕彈簧相互連接，正好組成一個菱形，ADC120.整個系統(tǒng)保持靜止狀態(tài)已知A物塊所受的摩擦力大小為f，則D物塊所受的摩擦力大小為()A2f B.fCf D.f解析：B已知A物塊所受的摩擦力大小為f，設(shè)每根彈簧的彈力為F，則有2Fcos 30f，對D有2Fcos 60f，解得ff.故選B.12.(2018廣東湛江一模)如圖所示，三根粗細均勻完全相同的圓木A、B、C堆放在水平地面上，處于靜止狀態(tài)，每根圓木的質(zhì)量為m，截面的半徑為R，三個截面圓心連線構(gòu)成的等腰三角形的頂角O1120，若在地面上的兩根圓木剛好要滑動，設(shè)最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，不考慮圓木之間的摩擦，重力加速度為g，則() A圓木間的彈力為mgB下面兩根圓木對地面的壓力均為mgC地面上的每根圓木受到地面的作用力為mgD地面與圓木間的動摩擦因數(shù)為解析：B對A進行受力分析，如圖所示，A處于平衡狀態(tài)，合力為零，則有N2cos mg，解得N1N2mg，故A錯誤；對整體受力分析，受到重力、地面的支持力、B受到的向右的摩擦力和C受到的向左的摩擦力，由對稱性可知，豎直方向有NBNCmg，故B正確；對B進行研究，地面對B的作用力等于地面對B的支持力與地面對B的摩擦力的合力，大于mg，故C錯誤；對C，根據(jù)平衡條件得fN2sin 60mgmg，所以地面對C的摩擦力大小為mg，根據(jù)摩擦力公式fNC，可得，故D錯誤13(08786145)(2018衡水模擬)小明想推動家里的衣櫥，但使出了很大的力氣也沒推動，于是他便想了個妙招，如圖所示，用A、B兩塊木板，搭成一個底角較小的人字形架然后往中央一站，衣櫥居然被推動了！下列說法正確的是() A這是不可能的，因為小明根本沒有用力去推衣櫥B這是不可能的，因為無論如何小明的力氣也沒那么大C這有可能，A板對衣櫥的推力有可能大于小明的重力D這有可能，但A板對衣櫥的推力不可能大于小明的重力解析：C開始小明是推不動衣櫥的，說明小明的推力小于最大靜摩擦力，站在人字形架上時，重力產(chǎn)生兩個效果，分別向左右兩側(cè)推衣櫥和墻壁，如圖所示小明的重力可以分解成沿A、B兩個方向的力，由于底角較小，所以A、B方向的力會很大，A對衣櫥的力可以分解成水平方向和豎直方向的力，而水平方向的力會遠大于小明的重力，可能大于最大靜摩擦力，故選項C正確14.(08786146)如圖所示，AC是上端帶定滑輪的固定豎直桿，質(zhì)量不計的輕桿BC一端通過鉸鏈固定在C點，另一端B懸掛一重為G的重物，且B端系有一根輕繩并繞過定滑輪A，用力F拉繩，開始時BCA90.現(xiàn)使BCAH緩慢變小，直到桿BC接近豎直桿AC.此過程中，桿BC所受的彈力如何變化？解析：對B點進行受力分析，如圖所示，B點受到三個力的作用，由于BC緩慢移動，所以，三個力一直處于平衡狀態(tài)，則有兩個力的合力與第三個力等大反向，它們組成BDE，ACBBDE，則有，由于lAC、lBC、G都不變，因此BC桿受到的彈力FN也不變答案：大小不變