2019年高考物理一輪復習 選擇題（6）（含解析）新人教版.doc

選擇題（6）李仕才1、(多選)(平均速度和瞬時速度)(2017南師附中測試)一小球在水平桌面上做減速直線運動,用照相機對著小球每隔0.1 s拍照一次,得到一幅頻閃照片,用刻度尺量得照片上小球各位置如圖所示,已知照片與實物的比例為110,則()A.圖中對應的小球在通過8 cm距離內的平均速度是2 m/sB.圖中對應的小球在通過8 cm距離內的平均速度是1.6 m/sC.圖中對應的小球通過6 cm處的瞬時速度是2.5 m/sD.圖中對應的小球通過6 cm處的瞬時速度是2 m/s答案AD解析照相機每隔0.1 s拍照一次,所以圖中08 cm所用的時間t=0.4 s;照片與實物的比例為110,所以圖中8 cm對應的實際位移x=80 cm=0.8 m。則小球在通過圖中8 cm距離內的平均速度 m/s=2 m/s,A正確,B錯誤;圖中對應小球通過6 cm處的瞬時速度可用圖中3.5 cm到7.5 cm這一段的平均速度近似表示。圖中3.5 cm到7.5 cm這一段對應的實際位移x=40 cm=0.4 m,所用的時間t=0.2 s,所以圖中6 cm處的瞬時速度v= m/s=2 m/s,C錯誤,D正確。2、(摩擦力的大小)(2017河北石家莊調研)如圖所示,物塊m在靜止的傳送帶上勻速下滑時,傳送帶突然順時針(圖中箭頭所示)轉動起來,則傳送帶轉動后,下列說法正確的是()A.m受到的摩擦力不變B.m受到的摩擦力變大C.m可能減速下滑D.m可能減速上滑答案A解析根據(jù)滑動摩擦力的公式Ff=FN,傳送帶突然順時針轉動并不會影響動摩擦因數(shù)和物塊對傳送帶的壓力,所以滑動摩擦力大小不變,方向仍沿傳送帶向上,物塊受重力、支持力和摩擦力仍處于平衡狀態(tài),故仍勻速下滑,選項A正確。3、(作用力和反作用力)一物體靜止于斜面上,如圖所示,則下列說法正確的是()A.物體對斜面的壓力和斜面對物體的支持力是一對平衡力B.物體對斜面的摩擦力和斜面對物體的摩擦力是一對作用力和反作用力C.物體所受的重力和斜面對物體的作用力是一對作用力和反作用力D.物體所受的重力可以分解為沿斜面向下的力和對斜面的壓力答案B解析根據(jù)作用力和反作用力及平衡力的特點可知,物體對斜面的壓力和斜面對物體的支持力及物體對斜面的摩擦力和斜面對物體的摩擦力,是分別作用在斜面和物體上的,因此它們是兩對作用力和反作用力,故A錯、B對;物體所受的重力是地球施加的,它的反作用力應作用在地球上,由此可知C錯;對重力分解,其分力也是作用在物體上的,不可能分解為對斜面的壓力,D錯。4、(運動的合成與分解)(2018深圳市高級中學月考) 質量為m的物體P置于傾角為1的固定光滑斜面上,輕細繩跨過光滑定滑輪分別連接著P與小車,P與滑輪間的細繩平行于斜面,小車以速率v水平向右做勻速直線運動。當小車與滑輪間的細繩和水平方向成夾角2時(如圖),下列判斷正確的是()A.P的速率為vB.P的速率為vcos 2C.繩的拉力等于mgsin 1D.繩的拉力小于mgsin 1答案B解析將小車速度沿繩子和垂直繩子方向分解為v1、v2,P的速率等于v1=vcos 2,A錯誤、B正確;小車向右做勻速直線運動,減小,P的速率增大,繩的拉力大于mgsin 1,C、D錯誤。故選B。5、.(衛(wèi)星運行參量的比較和計算)(2017北京石景山一模)研究表明,地球自轉在逐漸變慢,3億年前地球自轉的周期約為22小時。假設這種趨勢會持續(xù)下去,地球的其他條件都不變,未來人類發(fā)射的地球同步衛(wèi)星與現(xiàn)在的相比()A.距地面的高度變大B.向心加速度變大C.線速度變大D.角速度變大答案A解析同步衛(wèi)星的周期等于地球的自轉周期,根據(jù)=mr可知,衛(wèi)星的周期越大,軌道半徑越大,所以地球自轉變慢后,同步衛(wèi)星需要在更高的軌道上運行,A對;又由=m=m2r=ma判知:r增大,則v減小、變小、a變小,故B、C、D均錯。6、(多選)(動能定理的圖象問題)用起重機提升貨物,貨物上升過程中的v-t圖象如圖所示,在35 s內,重力對貨物做的功為W1、繩索拉力對貨物做的功為W2、貨物所受合力做的功為W3,則()A.W1>0B.W2<0C.W2>0D.W3<0答案CD解析分析題圖可知,貨物一直向上運動,根據(jù)功的定義式可得,重力做負功,拉力做正功,即W1<0,W2>0,A、B錯誤,C正確;根據(jù)動能定理可知,合力做的功W3=0-mv2,v=2 m/s,即W3<0,D正確。7、(多選)(沖量、動量定理)(2018福建師大附中質檢)如圖所示,足夠長的固定光滑斜面傾角為,質量為m的物體以速度v從斜面底端沖上斜面,到達最高點后又滑回原處,所用時間為t。對于這一過程,下列判斷正確的是()A.斜面對物體的彈力的沖量為零B.物體受到的重力的沖量大小為mgtC.物體受到的合力的沖量大小為零D.物體動量的變化量大小為mgsin t答案BD解析由沖量的求解公式可知,斜面對物體的彈力的沖量為mgcos t,選項A錯誤;物體受到的重力的沖量大小為mgt,選項B正確;物體回到斜面底端的速度大小仍為v,方向與初速度方向相反,故根據(jù)動量定理可知,物體受到的合力的沖量大小為2mv,選項C錯誤;因整個過程中物體所受的合力為mgsin ,則根據(jù)動量定理可知,物體動量的變化量大小為mgsin t,選項D正確。8、(多選)(庫侖力作用下帶電體的平衡問題)如圖所示,把A、B兩個相同的導電小球分別用長為0.10 m的絕緣細線懸掛于OA和OB兩點。用絲綢摩擦過的玻璃棒與A球接觸,棒移開后將懸點OB移到OA點固定。兩球接觸后分開,平衡時距離為0.12 m。已測得每個小球質量是8.010-4 kg,帶電小球可視為點電荷,重力加速度g取10 m/s2,靜電力常量k=9.0109 Nm2/C2,則()A.兩球所帶電荷量相等B.A球所受的靜電力為1.010-2 NC.B球所帶的電荷量為410-8 CD.A、B兩球連線中點處的電場強度為0答案ACD解析根據(jù)電荷量均分原理知,兩小球電荷量相同,A選項正確;兩小球接觸后再分開后的位置如圖所示,已知=0.10 m,=0.12 m,根據(jù)幾何知識可知=37。對A進行受力分析如圖所示,將A受到的庫侖力和重力合成后合力沿OAA的延長線,可得Fq=mgtan =610-3 N,B選項錯誤;根據(jù)庫侖定律Fq=,可得q=,其中l(wèi)=0.12 m,代入數(shù)據(jù)得q=410-8 C,C選項正確;A、B帶的電荷量相等且同種性質,所以連線中點處電場強度為零,D選項正確。9、(電流)(2017重慶一中期末)如圖所示的電解池接入電路后,在t秒內有n1個一價正離子通過溶液內某截面S,有n2個一價負離子通過溶液內某截面S,設e為元電荷,以下說法正確的是()A.當n1=n2時,電流為零B.當n1>n2時,溶液中電流方向從AB,電流為I=C.當n1<n2時,溶液中電流方向從BA,電流為I=D.溶液中電流方向從AB,電流為I=答案D解析根據(jù)正電荷定向移動的方向為電流的方向,負電荷定向移動的方向與電流的方向相反,可判斷出溶液中電流方向為AB,選項A、C錯誤;根據(jù)電流的定義式I=,由題意t秒內流過橫截面的電荷量為q=(n2+n1)e,代入I=,得電流為I=,選項B錯誤,D正確。10、(安培力作用下導體的平衡)(2017天津和平區(qū)期末)如圖所示,在傾角為的光滑斜面上,垂直紙面放置一根長為l,質量為m的直導體棒。當導體棒中的電流I垂直紙面向里時,欲使導體棒靜止在斜面上,可加平行于紙面的勻強磁場,下列有關磁場的描述中正確的是()A.若磁場方向豎直向上,則B=B.若磁場方向平行斜面向上,則B=C.若磁場方向垂直斜面向下,則B=D.若磁場方向垂直斜面向上,則B=答案A解析若磁場方向豎直向上,導體棒受力如圖,F=mgtan ,所以B=,選項A正確;B、C項中導體棒不能靜止,選項B、選項C錯誤;若磁場垂直斜面向上,則B=,選項D錯誤。11、(電磁感應現(xiàn)象)(2017湖南長沙模擬)如圖所示,一金屬圓環(huán)水平放置在豎直向上的勻強磁場中,若要使圓環(huán)中產生圖中箭頭所示方向的感應電流,下列方法可行的是()A.使勻強磁場均勻增大B.使圓環(huán)繞水平軸ab轉動30(如圖)C.使圓環(huán)繞水平軸cd轉動30(如圖)D.保持圓環(huán)水平并使其繞過圓心的豎直軸轉動答案A解析由安培定則可知感應電流產生的磁場方向與原磁場方向相反,由楞次定律可知通過圓環(huán)的原磁通量一定是增加的,由=BScos 可知,A項正確。12、(多選)(電磁感應現(xiàn)象中的動力學和能量問題)(2017北京朝陽區(qū)校級四模)如圖所示,一個質量為m、電阻不計、足夠長的光滑U形金屬框架MNQP,位于光滑絕緣水平桌面上,平行導軌MN和PQ相距為l?？臻g存在著足夠大的方向豎直向下的勻強磁場,磁感應強度的大小為B。另有質量也為m的金屬棒CD,垂直于MN放置在導軌上,并用一根絕緣細線系在定點A。已知,細線能承受的最大拉力為T0,CD棒接入導軌間的有效電阻為R?，F(xiàn)從t=0時刻開始對U形框架施加水平向右的拉力,使其從靜止開始做加速度為a的勻加速直線運動,經(jīng)過一段時間后,細線斷裂,在細線斷裂時,立即撤去拉力,關于撤去拉力前后的全過程,下列說法正確的是()A.撤去拉力F時,框架的速度v0=B.從框架開始運動到細線斷裂所需的時間t0=C.撤去拉力后,框架將向右減速,棒向右加速,二者最終速度相同D.最終在回路中產生的總焦耳熱等于拉力F做的功答案ABC解析當細線拉力達到最大時,有T0=F安=BIl=,解得框架的速度v0=,故A正確。根據(jù)速度時間關系可得v0=at0,解得從框架開始運動到細線斷裂所需的時間t0=,故B正確。撤去拉力后,框架受到向左的安培力做減速運動,棒相對于框架的速度向左,所受的安培力向右,即棒向右加速,兩者最終速度相等,故C正確。根據(jù)能量守恒定律知,拉力F做的功等于最終回路中產生的總焦耳熱和最終整體的動能之和,故D錯誤。13、(愛因斯坦光電效應方程)已知鈣和鉀的截止頻率分別為7.731014 Hz和5.441014 Hz,在某種單色光的照射下兩種金屬均發(fā)生光電效應,比較它們表面逸出的具有最大初動能的光電子,鈣逸出的光電子具有較大的() A.波長B.頻率C.能量D.動量答案A解析由愛因斯坦光電效應方程h=W0+,又由W0=h0,可得光電子的最大初動能=h-h0,由于鈣的截止頻率大于鉀的截止頻率,所以鈣逸出的光電子的最大初動能較小,因此它具有較小的能量、頻率和動量,B、C、D錯;又由c=可知光電子頻率較小時,波長較大,A對。