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2018屆中考數(shù)學全程演練 第45課時 實驗操作型問題

  • 資源ID:81232970       資源大?。?span id="v30f5yu" class="font-tahoma">264KB        全文頁數(shù):8頁
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2018屆中考數(shù)學全程演練 第45課時 實驗操作型問題

第45課時 實驗操作型問題 (50分) 一、選擇題(每題10分,共10分) 圖45-1 1.[2016·寧波]如圖45-1,小明家的住房平面圖呈長方形,被分割成3個正方形和2個長方形后仍是中心對稱圖形.若只知道原住房平面圖長方形的周長,則分割后不用測量就能知道周長的圖形的標號為 (A)                    A.①② B.②③ C.①③ D.①②③ 二、填空題(每題10分,共10分) 2.[2017·紹興]把標準紙一次又一次對開,可以得到均相似的“開紙”.現(xiàn)在我們在長為2,寬為1的矩形紙片中,畫兩個小矩形,使這兩個小矩形的每條邊都與原矩形的邊平行,或小矩形的邊在原矩形紙的邊上,且每個小矩形均與原矩形紙相似,然后將它們剪下,則所剪得的兩個小矩形紙片周長之和的最大值是__+4__. 【解析】 ∵在長為2,寬為1的矩形紙片中,畫兩個小矩形,使這兩個小矩形的每條邊都與原矩形紙的邊平行,或小矩形的邊在原矩形的邊上,且每個小矩形均與原矩形紙相似, ∴要使所剪得的兩個小矩形紙片周長之和最大,則這兩個小矩形紙片長與寬的和最大. ∵矩形的長與寬之比為2∶1, ∴剪得的兩個小矩形中,一個矩形的長為1, 寬為=, ∴另外一個矩形的長為2-=, 寬為=, ∴所剪得的兩個小矩形紙片周長之和的最大值是2=4+. 三、解答題(共30分) 3.(15分)[2016·南充]如圖45-2,矩形紙片ABCD,將△AMP和△BPQ分別沿PM和PQ折疊(AP>AM),點A和點B都與點E重合;再將△CQD沿DQ折疊,點C落在線段EQ上點F處. (1)判斷△AMP,△BPQ,△CQD和△FDM中有哪幾對相似三角形?(不需說明理由) (2)如果AM=1,sin∠DMF=,求AB的長. 解:(1)△AMP∽△BPQ∽△CQD, ∵四邊形ABCD是矩形, ∴∠A=∠B=∠C=90°, 圖45-2 根據(jù)折疊的性質(zhì)可知: ∠APM=∠EPM,∠EPQ=∠BPQ, ∴∠APM+∠BPQ=∠EPM+∠EPQ=90°, ∵∠APM+∠AMP=90°, ∴∠BPQ=∠AMP, ∴△AMP∽△BPQ, 同理:△BPQ∽△CQD, 根據(jù)相似的傳遞性,△AMP∽△CQD; (2)∵AD∥BC, ∴∠DQC=∠MDQ, 根據(jù)折疊的性質(zhì)可知:∠DQC=∠DQM, ∴∠MDQ=∠DQM,∴MD=MQ, ∵AM=ME,BQ=EQ, ∴BQ=MQ-ME=MD-AM, ∵sin∠DMF==, ∴設(shè)DF=3x,MD=5x, ∴BP=PA=PE=,BQ=5x-1, ∵△AMP∽△BPQ, ∴=, ∴=, 解得x=或x=2, 又∵AP>AM, ∴x=時,AP=<AM, ∴x=時,不符合題意, ∴AB=6. 4.(15分)[2016·寧波]在邊長為1的小正方形組成的方格紙中,若多邊形的各頂點都在方格紙的格點(橫豎格子線的交錯點)上,這樣的多邊形稱為格點多邊形.記格點多邊形內(nèi)的格點數(shù)為a,邊界上的格點數(shù)為b,則格點多邊形的面積可表示為S=ma+nb-1,其中m,n為常數(shù). (1)在圖45-3的方格紙中各畫出一個面積為6的格點多邊形,依次為三角形、平行四邊形(非菱形)、菱形; 圖45-3 (2)利用(1)中的格點多邊形確定m,n的值. 解:(1)如答圖; 第4題答圖 (2)三角形:a=4,b=6,S=6; 平行四邊形:a=3,b=8,S=6; 菱形:a=5,b=4,S=6; 任選兩組數(shù)據(jù)代入S=ma+nb-1, 解得m=1,n=. (30分) 5.(15分)提出問題: (1)如圖45-4①,在等邊△ABC中,點M是BC上的任意一點(不含端點B,C),連結(jié)AM,以AM為邊作等邊△AMN,連結(jié)CN.求證:∠ABC=∠ACN; 類比探究 (2)如圖45-4②,在等邊△ABC中,點M是BC延長線上的任意一點(不含端點C),其他條件不變,(1)中結(jié)論∠ABC=∠ACN還成立嗎?請說明理由; 拓展延伸 (3)如圖45-4③,在等腰△ABC中,BA=BC,點M是BC上的任意一點(不含端點B,C),連結(jié)AM,以AM為邊作等腰△AMN,使頂角∠AMN=∠ABC.連結(jié)CN.試探究∠ABC與∠ACN的數(shù)量關(guān)系,并說明理由. 圖45-4 解:(1)證明:∵△ABC,△AMN是等邊三角形, ∴AB=AC,AM=AN,∠BAC=∠MAN=60°, ∴∠BAM=∠CAN,∴△BAM≌△CAN(SAS), ∴∠ABC=∠ACN; (2)結(jié)論∠ABC=∠ACN仍成立. 理由:∵△ABC,△AMN是等邊三角形, ∴AB=AC,AM=AN,∠BAC=∠MAN=60°. ∴∠BAM=∠CAN.∴△BAM≌△CAN; ∴∠ABC=∠ACN; (3)∠ABC=∠ACN. 理由:∵BA=BC,MA=MN,∠ABC=∠AMN, ∴∠BAC=∠MAN,∴△ABC∽△AMN, ∴=.∵∠BAM=∠BAC-∠MAC,∠CAN=∠MAN-∠MAC,∴∠BAM=∠CAN, ∴△BAM∽△CAN,∴∠ABC=∠ACN. 6.(15分)[2016·南充]如圖45-5,點P是正方形ABCD內(nèi)一點,點P到點A,B和D的距離分別為1,2,.△ADP沿點A旋轉(zhuǎn)至△ABP′,連結(jié)PP′,并延長AP與BC相交于點Q. (1)求證:△APP′是等腰直角三角形; (2)求∠BPQ的大?。? (3)求CQ的長. 圖45-5 第6題答圖    解:(1)證明:因為△ABP′是由△ABP順時針旋轉(zhuǎn)90°得到, 則AP=AP′,∠PAP′=90°, ∴△APP′是等腰直角三角形; (2)∵△APP′是等腰直角三角形, ∴∠APP′=45°,PP′=, 又∵BP′=,BP=2, ∴PP′2+BP2=BP′2, ∴∠BPP′=90°, ∵∠APP′=45°, ∴∠BPQ=180°-∠APP′-∠BPP′=45°; (3)過點B作BE⊥AQ于點E,則△PBE為等腰直角三角形, ∴BE=PE,BE2+PE2=PB2, ∴BE=PE=2,∴AE=3, ∴AB==,則BC=, ∵∠BAQ=∠EAB,∠AEB=∠ABQ=90°, ∴△ABE∽△AQB, ∴=,即=,∴AQ=, ∴BQ==, ∴CQ=BC-BQ=. (20分) 7.(20分)[2017·婁底]如圖45-6①,在△ABC中,∠ACB=90°,AC=4 cm,BC=3 cm,如果點P由點B出發(fā)沿BA的方向向點A勻速運動,同時點Q由點A出發(fā)沿AC方向向點C勻速運動,它們速度均是1 cm/s,連結(jié)PQ,設(shè)運動時間為t(s)(0<t<4),解答下列問題: 圖45-6 (1)設(shè)△APQ的面積為S,當t為何值時,S取得最大值?S的最大值是多少? (2)如圖②,連結(jié)PC,將△PQC沿QC翻折,得到四邊形PQP′C,當四邊形PQP′C為菱形時,求t的值; (3)當t為何值時,△APQ是等腰三角形? 解:(1)由勾股定理,得AB=5; 由題意得BP=AQ=t,AP=5-t. 如答圖①過點P作PD⊥AC于點D, 則△APD∽△ABC, ∴=,解得PD=3-t, ∴S=t=-+, ∴當t=時,S取得最大值是; 第7題答圖①   第7題答圖② (2)連結(jié)PP′交AC于點D, ∵PQP′C是菱形, ∴PP′與QC互相垂直平分, ∴AD=t+=+2, PD=3-t,AP=5-t. 由勾股定理得+=(5-t)2, 解得t1=,t2=20(舍去); 第7題答圖③   第7題答圖④ (3)△APQ是等腰三角形, ①當AP=AQ時,t=5-t,則t=; ②當PA=PQ時,如答圖③,作PE⊥AC于E, ∵cos∠A=,則AE=(5-t), 又∵AP=PQ,∴AE=AQ=, ∴(5-t)=,∴t=; ③當QA=QP時,如答圖④,作QF⊥AB于點F, ∴AF=t; ∴t=5-t,∴t=. 綜上所述,當t=或t=或t=時,△APQ是等腰三角形. 8

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