《（江蘇專版）2018版高考物理二輪復(fù)習(xí) 第一部分 專題七 帶電粒子在電場中的運(yùn)動學(xué)案》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《（江蘇專版）2018版高考物理二輪復(fù)習(xí) 第一部分 專題七 帶電粒子在電場中的運(yùn)動學(xué)案（14頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。
1、專題七帶電粒子在電場中的運(yùn)動江蘇卷考情導(dǎo)向考點考題考情電場的性質(zhì)2016年T3考查電場線的疏密與電場強(qiáng)度的強(qiáng)弱的關(guān)系，掌握電場線的方向與電勢的高低的關(guān)系2015年T8考查電勢差與電場強(qiáng)度的關(guān)系、電勢和電勢能2014年T4考查電勢、電場的疊加和對稱性2013年T3考查點電荷場強(qiáng)的公式和場強(qiáng)疊加原理2013年T6考查電場線的特點與電場力做功的特點、電場力做功與電勢能的關(guān)系1高考在本專題的命題多以選擇題形式，也有計算題出現(xiàn)(如2012年江蘇高考T25)2命題熱點集中在電場強(qiáng)度、電場的疊加、電場線、等勢面及運(yùn)動軌跡相結(jié)合分析帶電體的受力、做功及能量轉(zhuǎn)化情況，利用動力學(xué)和能量觀點綜合分析計算帶電體在電場
2、中的加速、偏轉(zhuǎn)問題平行板電容器帶電粒子在電場中的運(yùn)動2017年T4考查利用動能定理處理帶電粒子在電場中的運(yùn)動考點1| 電場的性質(zhì)難度：中檔題 題型：選擇題 五年5考(對應(yīng)學(xué)生用書第31頁)1(2014江蘇高考T4)如圖71所示，一圓環(huán)上均勻分布著正電荷，x軸垂直于環(huán)面且過圓心O下列關(guān)于x軸上的電場強(qiáng)度和電勢的說法中正確的是()【導(dǎo)學(xué)號：17214114】圖71AO點的電場強(qiáng)度為零，電勢最低BO點的電場強(qiáng)度為零，電勢最高C從O點沿x軸正方向，電場強(qiáng)度減小，電勢升高D從O點沿x軸正方向，電場強(qiáng)度增大，電勢降低【解題關(guān)鍵】解此題的關(guān)鍵有兩點：(1)圓環(huán)正電荷均勻分布，x軸上各處的場強(qiáng)方向與x軸平行(
3、2)沿電場方向電勢降低，但電場強(qiáng)度不一定減小B根據(jù)電場的疊加原理和電場線的性質(zhì)解題根據(jù)電場的對稱性和電場的疊加原理知，O點的電場強(qiáng)度為零在x軸上，電場強(qiáng)度的方向自O(shè)點分別指向x軸正方向和x軸負(fù)方向，且沿電場線方向電勢越來越低，所以O(shè)點電勢最高在x軸上離O點無限遠(yuǎn)處的電場強(qiáng)度為零，故沿x軸正方向和x軸負(fù)方向的電場強(qiáng)度先增大后減小選項B正確2(2016江蘇高考T3)一金屬容器置于絕緣板上，帶電小球用絕緣細(xì)線懸掛于容器中，容器內(nèi)的電場線分布如圖72所示，容器內(nèi)表面為等勢面，A、B為容器內(nèi)表面上的兩點，下列說法正確的是()圖72AA點的電場強(qiáng)度比B點的大B小球表面的電勢比容器內(nèi)表面的低CB點的電場強(qiáng)度
4、方向與該處內(nèi)表面垂直D將檢驗電荷從A點沿不同路徑移到B點，電場力所做的功不同【解題關(guān)鍵】解此題的關(guān)鍵有三點：(1)電場線越密的地方電場強(qiáng)度越大(2)電場線一定與該處的等勢面垂直(3)電場力做功的大小由始末兩點的電勢差與移動的電荷量共同決定C由題圖知，B點處的電場線比A點處的密，則A點的電場強(qiáng)度比B點的小，選項A錯誤；沿電場線方向電勢降低，選項B錯誤；電場強(qiáng)度的方向總與等勢面導(dǎo)體表面垂直，選項C正確；檢驗電荷由A點移動到B點，電場力做功一定，與路徑無關(guān)，選項D錯誤3(2013江蘇高考T3)下列選項中的各圓環(huán)大小相同，所帶電荷量已在圖中標(biāo)出，且電荷均勻分布，各圓環(huán)間彼此絕緣坐標(biāo)原點O處電場強(qiáng)度最大
5、的是()【導(dǎo)學(xué)號：17214115】B每個圓環(huán)在O點產(chǎn)生的電場強(qiáng)度大小相等，設(shè)為E根據(jù)電場的疊加原理和對稱性，得A、B、C、D各圖中O點的電場強(qiáng)度分別為EAE、EBE、ECE、ED0，故選項B正確4(多選)(2015江蘇高考T8)兩個相同的負(fù)電荷和一個正電荷附近的電場線分布如圖73所示c是兩負(fù)電荷連線的中點，d點在正電荷的正上方，c、d到正電荷的距離相等，則()【導(dǎo)學(xué)號：17214116】圖73Aa點的電場強(qiáng)度比b點的大Ba點的電勢比b點的高Cc點的電場強(qiáng)度比d點的大Dc點的電勢比d點的低ACD根據(jù)電場線的分布圖，a、b兩點中，a點的電場線較密，則a點的電場強(qiáng)度較大，選項A正確沿電場線的方向電
6、勢降低，a點的電勢低于b點的電勢，選項B錯誤由于c、d關(guān)于正電荷對稱，正電荷在c、d兩點產(chǎn)生的電場強(qiáng)度大小相等、方向相反；兩負(fù)電荷在c點產(chǎn)生的電場強(qiáng)度為0，在d點產(chǎn)生的電場強(qiáng)度方向向下，根據(jù)電場的疊加原理，c點的電場強(qiáng)度比d點的大，選項C正確c、d兩點中c點離負(fù)電荷的距離更小，c點電勢比d點低，選項D正確5(多選)(2013江蘇高考T6)將一電荷量為Q的小球放在不帶電的金屬球附近，所形成的電場線分布如圖74所示，金屬球表面的電勢處處相等a、b為電場中的兩點，則()【導(dǎo)學(xué)號：17214117】圖74Aa點的電場強(qiáng)度比b點的大Ba點的電勢比b點的高C檢驗電荷q在a點的電勢能比在b點的大 D將檢驗電
7、荷q從a點移到b點的過程中，電場力做負(fù)功ABD由題圖可知，a處電場線比b處密，所以EaEb，選項A正確；沿著電場線的方向電勢不斷降落，a點電勢高于不帶電金屬球的電勢，不帶電金屬球的電勢高于b點電勢，所以ab，選項B正確；負(fù)電荷在高電勢點的電勢能小，選項C錯誤；檢驗電荷q從a點移到b點時，電勢能增大，故電場力做負(fù)功，選項D正確電場強(qiáng)度、電勢、電勢能的判斷方法(1)電場強(qiáng)度：根據(jù)電場線的疏密程度進(jìn)行判斷；根據(jù)等勢面的疏密程度進(jìn)行判斷；根據(jù)E進(jìn)行判斷(2)電勢：沿電場線方向電勢逐漸降低；若q和Wab已知，由Uab判定(3)電勢能：電場力做正功，電勢能減??；電場力做負(fù)功，電勢能增大；正電荷在電勢高的地
8、方電勢能大，負(fù)電荷在電勢高的地方電勢能反而小考向1電場力的性質(zhì)1(2017紹興模擬)如圖75所示，絕緣水平面上有A、B、C、D四點，依次相距L，若把帶電金屬小球甲(半徑遠(yuǎn)小于L)放在B點，測得D點處的電場強(qiáng)度大小為E；現(xiàn)將不帶電的相同金屬小球乙與甲充分接觸后，再把兩球分置于A、C兩點，此時D點處的電場強(qiáng)度大小為()圖75AEBECEDED根據(jù)點電荷電場強(qiáng)度公式E，則B點電荷在D的電場強(qiáng)度為EBE；當(dāng)將不帶電的相同金屬小球乙與甲充分接觸后，再把兩球分置于A、C兩點，則兩球的電量分別為，那么A處的小球在D處的電場強(qiáng)度EA，而C處的小球在D處的電場強(qiáng)度EC；由于兩球在D處的電場強(qiáng)度方向相同，因此它們
9、在D點處的電場強(qiáng)度大小為E合E，故A、B、C錯誤，D正確考向2電場能的性質(zhì)2(2017南京一模)如圖76所示，帶正電的金屬球A，放置在不帶電的金屬球B附近，M、N是金屬球B表面上的兩點下列說法中正確的是() 【導(dǎo)學(xué)號：17214118】圖76AM點處帶正電，N點處帶負(fù)電，且M點電勢高于N點電勢BM點處帶正電，N點處帶負(fù)電，且M點電勢等于N點電勢CM點處帶負(fù)電，N點處帶正電，且M點電勢高于N點電勢DM點處帶負(fù)電，N點處帶正電，且M點電勢等于N點電勢D帶電的金屬球A靠近不帶電的金屬球B，由于電荷間的相互作用，同種電荷相互排斥，異種電荷相互吸引，導(dǎo)致金屬球B中左側(cè)的自由電子向右側(cè)移動，M點由于得到電
10、子帶負(fù)電；N點由于失去電子帶正電；但整個金屬球B是處于靜電平衡的導(dǎo)體，其整體是等勢體，故M、N點電勢相等，故A、B、C錯誤，D正確3(2017南通二模)實驗表明，地球表面上方的電場強(qiáng)度不為零，且方向豎直向下，說明地球表面有凈負(fù)電荷設(shè)地球表面凈負(fù)電荷均勻分布，且電荷量絕對值為Q，已知地球半徑為R，靜電力常量為k，選地面電勢為零，則在地面上方高h(yuǎn) (約幾十米)處的電勢為()ABCDD地球表面電荷在地面上方h處的場強(qiáng)，根據(jù)點電荷的場強(qiáng)公式，有：Ek因為距離地面h，且h約為幾十米，電場強(qiáng)度變化不大，認(rèn)為是勻強(qiáng)電場，有：UEdkh地面電勢為0，故地面上方h處的電勢為：，故D正確，A、B、C錯誤考向3電場
11、的綜合應(yīng)用4(2017鎮(zhèn)江三模)如圖77所示，在正點電荷Q的電場中有M、N、P、F四點，M、N、P為直角三角形的三個頂點，F(xiàn)為MN的中點，M30M、N、P、F四點處的電勢分別用M、N、P、F表示已知MN，PF，點電荷Q在M、N、P三點所在平面內(nèi)，則() 【導(dǎo)學(xué)號：17214119】圖77A點電荷Q一定在MP的中點BP大于MCN點的場強(qiáng)比P點的場強(qiáng)大D將負(fù)試探電荷從P點搬運(yùn)到N點，電場力做正功B點電荷的等勢面是一系列的同心圓，對于圓、圓弧上任意兩點的連線的中垂線一定通過圓心，故場源電荷在MN的中垂線和FP的中垂線的交點上，在MP的連線上，如圖所示，故A錯誤；根據(jù)圖可知，正點電荷到P點的距離小于到
12、M點的距離，所以P大于M，故B正確；在點電荷的電場中，離場源越遠(yuǎn)，電場強(qiáng)度越小，所以N點的場強(qiáng)比P點的場強(qiáng)小，故C錯誤；在正點電荷的電場中，離場源越遠(yuǎn)，電勢越低，將負(fù)試探電荷從P點搬運(yùn)到N點，電勢能增加，故電場力做負(fù)功，故D錯誤5(2017宿遷三模)某靜電除塵設(shè)備集塵板的內(nèi)壁帶正電，設(shè)備中心位置有一個帶負(fù)電的放電極，它們之間的電場線分布如圖78所示，虛線為某帶電煙塵顆粒(重力不計)的運(yùn)動軌跡，A、B是軌跡上的兩點，C點與B點關(guān)于放電極對稱下列說法正確的是()【導(dǎo)學(xué)號：17214120】圖78AA點電勢低于B點電勢BA點電場強(qiáng)度小于C點電場強(qiáng)度C煙塵顆粒在A點的動能大于在B點的動能D煙塵顆粒在A
13、點的電勢能小于在B點的電勢能A由沿電場線方向電勢降低可知，A點電勢低于B點電勢，故A正確；由題圖可知，A點電場線比C點密集，因此A點的場強(qiáng)大于C點場強(qiáng)，故B錯誤；煙塵顆粒帶負(fù)電，從A到B的過程中，電場力做正功，動能增加，煙塵顆粒在A點的動能小于在B點的動能，故C錯誤；煙塵顆粒帶負(fù)電，從A到B的過程中，電場力做正功，電勢能減小，煙塵顆粒在A點的電勢能大于在B點的電勢能，故D錯誤考點2| 平行板電容器難度：中檔題 題型：選擇題(對應(yīng)學(xué)生用書第33頁)6(2012江蘇高考T2)一充電后的平行板電容器保持兩極板的正對面積、間距和電荷量不變，在兩極板間插入一電介質(zhì)，其電容C和兩極板間的電勢差U的變化情況
14、是()AC和U均增大BC增大，U減小CC減小，U增大 DC和U均減小【解題關(guān)鍵】關(guān)鍵語句信息解讀保持兩極板的正對面積、間距和電荷量不變平行板電容器的S、d、Q大小不變在兩極板間插入一電介質(zhì)電容器介電常數(shù)增大B由平行板電容器電容決定式C知，當(dāng)插入電介質(zhì)后，變大，則在S、d不變的情況下C增大；由電容定義式C得U，又電荷量Q不變，故兩極板間的電勢差U減小，選項B正確考向1電容器的動態(tài)分析6(2017南京一模)如圖79所示是可變電容器，旋轉(zhuǎn)動片使之與定片逐漸重合，則電容器的電容將()圖79A逐漸增大B逐漸減小C保持不變D先增大后減小A旋轉(zhuǎn)動片使之與定片逐漸重合時，相當(dāng)于增加了電容器的正對面積，則由電容
15、器電容的決定式C可知，電容將逐漸增大，故B、C、D錯誤，A正確7(2017鹽城二模)目前的手機(jī)觸摸屏大多是電容式觸摸屏電容式觸摸屏內(nèi)有一導(dǎo)電層導(dǎo)電層四個角引出四個電極，當(dāng)手指觸摸屏幕時，人體和觸摸屏就形成了一個電容，電容具有“通高頻”的作用，從而導(dǎo)致有電流分別從觸摸屏四角上的電極中流出，并且流經(jīng)這四個電極的電流與手指到四角的距離成正比，控制器通過對這四個電流比例的精確計算，得出觸摸點的位置信息在開機(jī)狀態(tài)下，下列說法正確的是() 【導(dǎo)學(xué)號：17214121】A電容式觸摸屏感測手指觸摸點的位置是因為手指對屏幕按壓產(chǎn)生了形變B電容式觸摸屏感測手指觸摸點的位置是利用了電磁感應(yīng)現(xiàn)象C當(dāng)手指觸摸屏幕時手指
16、有微弱的電流流過D當(dāng)手指離開屏幕時，電容變小，對高頻電流的阻礙變大，控制器不易檢測到手指的準(zhǔn)確位置C電容式觸摸屏只需要觸摸，由于流經(jīng)四個電極的電流與手指頭到四角的距離成正比，控制器就能確定手指的位置，不需要手指有壓力，故A錯誤；電容式觸摸屏感測手指觸摸點的位置是電容器的充放電原理，不是電磁感應(yīng)現(xiàn)象，故B錯誤；由題意可知，手指從手的觸點吸走一部分電荷，在電荷定向移動的過程中，會有微弱電流通過，故C正確；根據(jù)電容器的工作原理可知，當(dāng)手指離開屏幕時，電容變小，電容器將放電，控制器仍然能檢測到手指離開的準(zhǔn)確位置，故D錯誤考向2平行板電容器的綜合問題8(多選)(2017蘇北四市摸底)如圖710所示，電路
17、中平行板電容器C不帶電下列說法正確的有()圖710A閉合S瞬間，電流計G中有ab方向的電流B閉合S后，增大C兩極板間距離的過程中，電流計G中有ab方向的電流C閉合S后再斷開，增大C兩極板間距離，極板間電場強(qiáng)度保持不變D閉合S后再斷開，在C兩極板間插入電介質(zhì)，極板間電勢差變小ACD閉合S瞬間，電容器充電，上極板接正極，故電流計中有ab方向的電流，故A正確；閉合S后，電壓不變，增大C兩極板間距離的過程中，由C可知，C減小，由QUC可知，電量減小，電容器放電，故電流計中有ba方向的電流，故B錯誤；閉合S后再斷開，電容器兩板上的電量不變，增大C兩極板間距離，由C和QUC可知，U，再由UEd可得，E，故
18、兩極板間電場強(qiáng)度不變，故C正確；閉合S后再斷開，電容器兩板上的電量不變，在兩極板間插入電介質(zhì)時電容C增大，則由QUC可知，U變小，故D正確考點3| 帶電粒子在電場中的運(yùn)動難度：中檔題 題型：選擇題、計算題 五年1考(對應(yīng)學(xué)生用書第33頁)7(2017江蘇高考T4)如圖711所示，三塊平行放置的帶電金屬薄板A、B、C中央各有一小孔，小孔分別位于O、M、P點由O點靜止釋放的電子恰好能運(yùn)動到P點現(xiàn)將C板向右平移到P點，則由O點靜止釋放的電子() 【導(dǎo)學(xué)號：17214122】圖711A運(yùn)動到P點返回B運(yùn)動到P和P點之間返回C運(yùn)動到P點返回 D穿過P點【解題關(guān)鍵】關(guān)鍵語句信息解讀保持電量不變，改變兩板間
19、距離場強(qiáng)不變O點靜止釋放的電子恰好能運(yùn)動到P點初、末速度為零A設(shè)AB、BC間的電場強(qiáng)度分別為E1、E2，間距分別為d1和d2，電子由O點運(yùn)動到P點的過程中，據(jù)動能定理得：eE1d1eE2d20當(dāng)C板向右平移后，BC板間的電場強(qiáng)度E2，BC板間的電場強(qiáng)度與板間距無關(guān)，大小不變第二次釋放后，設(shè)電子在BC間移動的距離為x，則eE1d1eE2x00比較兩式知，xd2，即電子運(yùn)動到P點時返回，選項A正確帶電粒子在電場中的運(yùn)動問題的解題思路(1)首先分析粒子的運(yùn)動規(guī)律，區(qū)分是在電場中的直線運(yùn)動還是曲線運(yùn)動問題(2)對于直線運(yùn)動問題，可根據(jù)對粒子的受力分析與運(yùn)動分析，從以下兩種途徑進(jìn)行處理：如果是帶電粒子在
20、恒定電場力作用下做直線運(yùn)動的問題，應(yīng)用牛頓第二定律找出加速度，結(jié)合運(yùn)動學(xué)公式確定帶電粒子的速度、位移等如果是非勻強(qiáng)電場中的直線運(yùn)動，一般利用動能定理研究全過程中能的轉(zhuǎn)化，研究帶電粒子的速度變化、運(yùn)動的位移等(3)對于曲線運(yùn)動問題，如是類平拋運(yùn)動模型，通常采用運(yùn)動的合成與分解方法處理通過對帶電粒子的受力分析和運(yùn)動規(guī)律分析，應(yīng)用動力學(xué)方法或功能方法求解考向1電場中的直線運(yùn)動9(2017武漢二模)如圖712所示，傾斜放置的平行板電容器兩極板與水平面夾角為，極板間距為d，帶負(fù)電的微粒質(zhì)量為m、帶電量為q，從極板M的左邊緣A處以初速度v0水平射入，沿直線運(yùn)動并從極板N的右邊緣B處射出，則() 【導(dǎo)學(xué)號：
21、17214123】圖712A微粒達(dá)到B點時動能為mvB微粒的加速度大小等于gsin C兩極板的電勢差UMND微粒從A點到B點的過程電勢能減少C物體在運(yùn)動過程中，受力如圖所示由于物體受力不在一條直線上，因此不可能做勻速直線運(yùn)動，到達(dá)B點的動能一定不是mv，因此A錯誤；將電場力分解到水平方向和豎直方向上，可知，Eqcos mg，Eqsin ma，因此加速度大小為gtan ，B錯誤；電容器內(nèi)的電場強(qiáng)度E，因此兩板間的電勢差為UEd，C正確；從A向B運(yùn)動的過程中，由于電場力做負(fù)功，電勢能增加，D錯誤考向2電場中的曲線運(yùn)動10(2017林州市月考)a、b、c三個粒子(重力不計)由同一點M同時垂直場強(qiáng)方向
22、進(jìn)入帶有等量異種電荷的兩平行金屬板的電場間，其軌跡如圖713所示，其中b恰好沿板的邊緣飛出電場，由此可知()【導(dǎo)學(xué)號：17214124】圖713A進(jìn)入電場時a的速度最大，c的速度最小Ba、b、c在電場中運(yùn)動經(jīng)歷的時間相等C若把上極板向上移動，則a在電場中運(yùn)動經(jīng)歷的時間增長D若把下極板向下移動，則a在電場中運(yùn)動經(jīng)歷的時間增長D三個粒子進(jìn)入電場后加速度相同，由圖看出，豎直方向a、b偏轉(zhuǎn)距離相等，大于c的偏轉(zhuǎn)距離，由yat2知，a、b運(yùn)動時間相等，大于c的運(yùn)動時間，即tatbtc又水平位移的關(guān)系為 xaxbxc，因為粒子水平方向都做勻速直線運(yùn)動，所以vcvbva，即a的速度最小，c的速度最大，故A、
23、B錯誤若把上極板向上移動，根據(jù)推論E知，板間場強(qiáng)不變，粒子的加速度不變，可知a的運(yùn)動情況不變，運(yùn)動時間不變，故C錯誤若把下極板向下移動，根據(jù)推論E知，板間場強(qiáng)不變，粒子的加速度不變，a的豎直分位移增大，由yat2知，a在電場中運(yùn)動經(jīng)歷的時間增長，故D正確考向3電場中的力電綜合問題11(2017徐州期末)如圖714甲所示，極板A、B間電壓為U0，極板C、D間距為d，熒光屏到C、D板右端的距離等于C、D板的板長A板O處的放射源連續(xù)無初速地釋放質(zhì)量為m、電荷量為q的粒子，經(jīng)電場加速后，沿極板C、D的中心線射向熒光屏(熒光屏足夠大且與中心線垂直)，當(dāng)C、D板間未加電壓時，粒子通過兩板間的時間為t0；當(dāng)
24、C、D板間加上圖714乙所示電壓(圖中電壓U1已知)時，粒子均能從C、D兩板間飛出，不計粒子的重力及相互間的作用求：圖714(1)C、D板的長度L；(2)粒子從C、D板間飛出時垂直于極板方向偏移的最大距離；(3)粒子打在熒光屏上區(qū)域的長度 【導(dǎo)學(xué)號：17214125】【解析】(1)粒子在A、B板間有：qU0mv在C、D板間有：Lv0t0解得：Lt0(2)粒子從nt0(n0、2、4)時刻進(jìn)入C、D間，偏移距離最大，粒子做類平拋運(yùn)動，偏移距離為：yat加速度為：a得：y(3)粒子在C、D間偏轉(zhuǎn)距離最大時打在熒光屏上距中心線最遠(yuǎn)處 C、D板偏轉(zhuǎn)角tan ，vyat0打在熒光屏上距中心線最遠(yuǎn)距離為：s
25、yLtan 熒光屏上區(qū)域長度為：ss【答案】(1)t0(2)(3)熱點模型解讀| 平行板電容器中帶電粒子運(yùn)動模型(對應(yīng)學(xué)生用書第35頁)考題2012江蘇高考T152015全國卷T142015山東高考T20模型展示加速與偏轉(zhuǎn)模型帶電粒子在電場中的動力學(xué)問題帶電體在變化電場中的運(yùn)動模型解讀帶電體在平行板電容器間的運(yùn)動，實際上就是在電場力作用下的力電綜合問題，依然需要根據(jù)力學(xué)解題思路求解，解題過程要遵從以下基本步驟：(1)確定研究對象(是單個研究對象還是物體組)；(2)進(jìn)行受力分析(分析研究對象所受的全部外力其中電子、質(zhì)子、正負(fù)離子等基本微觀粒子在沒有明確指出或暗示時一般不計重力，而帶電油滴、帶電小
26、球、帶電塵埃等宏觀帶電體一般要考慮其重力)；(3)進(jìn)行運(yùn)動分析(分析研究對象所處的運(yùn)動環(huán)境是否存在束縛條件，并根據(jù)研究對象的受力情況確定其運(yùn)動性質(zhì)和運(yùn)動過程)；(4)建立物理等式(由平衡條件或牛頓第二定律結(jié)合運(yùn)動學(xué)規(guī)律求解，對于涉及能量的問題，一般用動能定理或能量守恒定律列方程求解)典例(2017商丘二模)如圖715所示，R0為定值電阻，電源電動勢E恒定，內(nèi)阻不能忽略，當(dāng)開關(guān)閉合，滑片P位于滑動變阻器R左端點a時，水平放置的平行金屬板間有一帶電液滴正好處于靜止?fàn)顟B(tài)，在將滑片P由左端點a滑向右端點b的過程中，下列關(guān)于液滴的帶電情況及運(yùn)動情況(液滴始終沒與極板相碰)分析正確的是() 【導(dǎo)學(xué)號：17
27、214126】圖715A液滴帶正電，液滴將向上做勻加速直線運(yùn)動B液滴帶正電，液滴將以原平衡位置為中心做往復(fù)運(yùn)動C液滴帶正電，液滴將向上先做變加速再做變減速直線運(yùn)動D液滴帶負(fù)電，液滴將向上做變速直線運(yùn)動【解題指導(dǎo)】當(dāng)開關(guān)閉合，滑片P位于滑動變阻器R左端點a時，液滴在重力和電場力作用下處于平衡狀態(tài)，所以電場力豎直向上，由題圖知下極板帶正電，即液滴一定帶正電，D項錯誤；因滑片由左端點a滑向右端點b的過程中，外電路總電阻先增大后減小，電路的總電流先減小后增大，內(nèi)電壓先減小后增大，即電源的路端電壓先增大后減小，所以電容器兩極板間電壓先增大后減小，由E可知電容器兩極板間電場強(qiáng)度先增大后減小，但方向不變，所
28、以液滴的加速度先增大后減小，方向一直向上，即液滴將向上先做變加速運(yùn)動再做變減速直線運(yùn)動，C項正確，A、B項錯誤【答案】C拓展應(yīng)用如圖716(a)所示，平行板電容器間距為d，兩板所加電壓如圖716(b)所示，t0時刻，質(zhì)量為m、帶電荷量為q的粒子以平行于極板的速度v0射入電容器，25T時恰好落在下極板上，帶電粒子的重力不計，在這一過程中，求：圖716(1)該粒子的水平位移；(2)粒子落到下極板時的速度【解析】(1)帶電粒子在水平方向不受外力作用，做勻速直線運(yùn)動，因此水平位移為sv0tv025T25v0T(2)帶電粒子落在下極板上時在豎直方向的分速度為vyaTT粒子落在下極板上時的速度大小為v 【答案】(1)25v0T(2) 14
（江蘇專版）2018版高考物理二輪復(fù)習(xí) 第一部分 專題七 帶電粒子在電場中的運(yùn)動學(xué)案
