《2019屆高考物理二輪復(fù)習(xí) 第1章 力與運(yùn)動(dòng) 考前基礎(chǔ)回扣練3 物體的平衡和牛頓運(yùn)動(dòng)定律》由會(huì)員分享,可在線閱讀,更多相關(guān)《2019屆高考物理二輪復(fù)習(xí) 第1章 力與運(yùn)動(dòng) 考前基礎(chǔ)回扣練3 物體的平衡和牛頓運(yùn)動(dòng)定律(3頁(yè)珍藏版)》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。
1、考前基礎(chǔ)回扣練 3物體的平衡和牛頓運(yùn)動(dòng)定律12018福建六校聯(lián)考2016年8月16日1時(shí)40分,我國(guó)在酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心用“長(zhǎng)征二號(hào)丁”運(yùn)載火箭,成功將“墨子號(hào)”衛(wèi)星發(fā)射升空并送入預(yù)定軌道關(guān)于這次衛(wèi)星與火箭上天的情形敘述正確的是()A火箭尾部向外噴氣,噴出的氣體反過(guò)來(lái)對(duì)火箭產(chǎn)生一個(gè)反作用力,從而讓火箭獲得了向前的推力B火箭尾部噴出的氣體對(duì)空氣產(chǎn)生一個(gè)作用力,空氣的反作用力使火箭獲得飛行的動(dòng)力C火箭飛出大氣層后,由于沒(méi)有了空氣,火箭雖然向后噴氣,但也無(wú)法獲得前進(jìn)的動(dòng)力D衛(wèi)星進(jìn)入預(yù)定軌道之后,與地球之間不存在相互作用解析:火箭尾部向外噴氣時(shí),噴出的氣體同時(shí)對(duì)火箭產(chǎn)生向前的反作用力,即為火箭前進(jìn)的動(dòng)力
2、,此動(dòng)力并不是由周?chē)諝馓峁┑?,因而與是否飛出大氣層、是否存在空氣無(wú)關(guān),A正確,B、C錯(cuò)誤火箭運(yùn)載衛(wèi)星進(jìn)入軌道之后,衛(wèi)星與地球之間依然存在相互吸引力,即衛(wèi)星吸引地球,地球吸引衛(wèi)星,這是一對(duì)作用力與反作用力,D錯(cuò)誤選A.答案:A2如右圖為“中國(guó)新歌聲”娛樂(lè)節(jié)目所設(shè)計(jì)的“導(dǎo)師戰(zhàn)車(chē)”,戰(zhàn)車(chē)可以在傾斜直軌道上運(yùn)動(dòng)當(dāng)坐在戰(zhàn)車(chē)中的導(dǎo)師按下按鈕,戰(zhàn)車(chē)就由靜止開(kāi)始沿長(zhǎng)10米的斜面沖到學(xué)員面前,最終剛好停在斜面的末端,此過(guò)程約歷時(shí)4秒在戰(zhàn)車(chē)的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中,下列說(shuō)法正確的是()A戰(zhàn)車(chē)在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中導(dǎo)師處于失重狀態(tài)B戰(zhàn)車(chē)在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中所受合外力始終不變C戰(zhàn)車(chē)在傾斜導(dǎo)軌上做勻變速直線運(yùn)動(dòng)D根據(jù)題中信息可以估算導(dǎo)師運(yùn)動(dòng)的平均
3、速度解析:由題可知,“導(dǎo)師戰(zhàn)車(chē)”沿斜面的方向先加速后減速,加速的過(guò)程中有沿斜面向下的分加速度,處于失重狀態(tài);當(dāng)車(chē)減速時(shí),車(chē)有沿斜面向上的分加速度,處于超重狀態(tài),故A、C錯(cuò)誤;由題可知,“導(dǎo)師戰(zhàn)車(chē)”沿斜面的方向先加速后減速,結(jié)合牛頓第二定律可知,車(chē)受到的合外力先沿斜面向下,后沿斜面向上,故B錯(cuò)誤;車(chē)的位移是10 m,時(shí)間是4 s,所以可以求出平均速度: m/s2.5 m/s,故D正確答案:D32018江西四校聯(lián)考將一橫截面為扇形的物體B放在水平面上,一小滑塊A放在物體B上,如圖所示,除了物體B與水平面間的摩擦力之外,其余接觸面的摩擦力均可忽略不計(jì),已知物體B的質(zhì)量為M,滑塊A的質(zhì)量為m,當(dāng)整個(gè)裝
4、置靜止時(shí),滑塊A與物體B接觸的一面與豎直擋板之間的夾角為.已知重力加速度為g,則下列選項(xiàng)正確的是()A物體B對(duì)水平面的壓力大小為MgB物體B受水平面的摩擦力大小為mgtanC滑塊A與豎直擋板之間的彈力大小為D滑塊A對(duì)物體B的壓力大小為解析:以滑塊A為研究對(duì)象進(jìn)行受力分析,并運(yùn)用合成法,如圖所示,由幾何知識(shí)得,擋板對(duì)滑塊A的彈力大小為FN1,C正確;物體B對(duì)滑塊A的彈力大小為FN2,根據(jù)牛頓第三定律,滑塊A對(duì)物體B的壓力大小為,D錯(cuò)誤;以滑塊A和物體B組成的系統(tǒng)為研究對(duì)象,在豎直方向上受力平衡,則水平面對(duì)物體B的支持力FN(Mm)g,故水平面所受壓力大小為(Mm)g,A錯(cuò)誤;A和B組成的系統(tǒng)在水
5、平方向上受力平衡,則水平面對(duì)物體B的摩擦力大小為FfFN1,B錯(cuò)誤答案:C42018黑龍江大慶模擬如圖所示,一根輕繩上端固定在O點(diǎn),下端拴一個(gè)重力為G的小球,開(kāi)始時(shí)輕繩處于垂直狀態(tài),輕繩所能承受的最大拉力為2G,現(xiàn)對(duì)小球施加一個(gè)方向始終水平向右的力F,使球緩慢地移動(dòng),則在小球緩慢地移動(dòng)過(guò)程中,下列說(shuō)法正確的是()A力F逐漸增大B力F的最大值為GC力F的最大值為2GD輕繩與豎直方向夾角最大值30解析:對(duì)小球受力分析,如圖甲:由平衡條件得:FGtan,逐漸增大,則F逐漸增大,故A正確;如圖乙,小球緩慢地移動(dòng)過(guò)程中,逐漸增大,F(xiàn)T的最大值為2G,則可得cos,60,此時(shí)F達(dá)到最大值為G,故B正確,C
6、、D錯(cuò)誤;故選A、B.答案:AB52018福建福州二模如圖甲所示,質(zhì)量m1 kg的物塊在平行斜面向上的拉力F作用下從靜止開(kāi)始沿斜面向上運(yùn)動(dòng),t0.5 s時(shí)撤去拉力,利用速度傳感器得到其速度隨時(shí)間的變化關(guān)系圖象(vt圖象)如圖乙所示,g取10 m/s2,求:(1)2 s內(nèi)物塊的位移大小x和通過(guò)的路程L;(2)沿斜面向上運(yùn)動(dòng)的兩個(gè)階段加速度大小a1、a2和拉力大小F.解析:(1)由題圖乙得,物塊上升的位移x121 m1 m物塊下滑的距離x211 m0.5 m位移xx1x21 m0.5 m0.5 m路程Lx1x21 m0.5 m1.5 m(2)由題圖乙知,各階段加速度a1 m/s24 m/s2a2 m/s24 m/s2,|a2|4 m/s2設(shè)斜面傾角為,斜面對(duì)物塊的摩擦力為Ff.由牛頓第二定律得00.5 s內(nèi):FFfmgsinma1051 s內(nèi):Ffmgsinma2聯(lián)立解得F8 N答案:(1)0.5 m1.5 m(2)4 m/s24 m/s28 N3