江蘇省2020版高考物理三輪復(fù)習(xí) 小卷綜合練（二）（含解析）

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1、小卷綜合練(二)(建議用時：30分鐘)一、單項選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分每小題只有一個選項符合題意1如圖所示為甲、乙兩質(zhì)點做直線運動的速度時間圖象，則下列說法中正確的是()A在0t3時間內(nèi)甲、乙兩質(zhì)點的平均速度相等B甲質(zhì)點在0t1時間內(nèi)的加速度與乙質(zhì)點在t2t3時間內(nèi)的加速度相同C甲質(zhì)點在0t1時間內(nèi)的平均速度小于乙質(zhì)點在0t2時間內(nèi)的平均速度D在t3時刻，甲、乙兩質(zhì)點都回到了出發(fā)點2.重均為G的兩個完全相同的小球，與水平面間的動摩擦因數(shù)均為.豎直向上的較小的力F作用在連接兩球輕繩的中點，繩間的夾角60，如圖所示緩慢增大力F到兩球剛要運動的過程中，下列說法正確的是()A地面對

2、球的支持力變大B球剛開始運動時，地面對球沒有支持力C地面對球的摩擦力變小D球剛開始運動時，球受到的摩擦力最大3靜止在粗糙斜面上的物體在沿斜面向上的恒定拉力F作用下沿斜面勻加速上升，在某一時刻撤去恒力F，空氣阻力不計，則物體機(jī)械能E隨時間t變化關(guān)系可能正確的是()42018年10月9日10時43分，我國在酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心用長征二號丙運載火箭成功將遙感三十二號01組衛(wèi)星發(fā)射升空，衛(wèi)星進(jìn)入距地面高為h的預(yù)定圓軌道已知地球半徑為R，地球兩極的重力加速度為g，則遙感三十二號01組衛(wèi)星在預(yù)定圓軌道上運行的速度大小為()A.B. C. D. 5如圖甲所示，理想變壓器原線圈接如圖乙所示的交流電源，副線圈連接電

3、阻R1、R2和滑動變阻器R3，其中滑動變阻器阻值的最大值與R2相等，且R22R1，導(dǎo)線電阻不計電路中分別接了理想交流電流表A和理想交流電壓表V，滑動變阻器的觸頭由上向下緩慢滑動過程，下列說法正確的是()At0.01 s電流表示數(shù)為零B電壓表示數(shù)逐漸變小CR2和R3消耗的總功率增大D原線圈的輸入功率增大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題4分，共計16分每小題有多個選項符合題意全部選對的得4分，選對但不全的得2分，錯選或不答的得0分6(2019如皋市期初)小孩站在岸邊向湖面拋石子，三次的軌跡如圖所示，拋出點相同，最高點在同一水平線上，忽略空氣阻力的影響，下列說法正確的是()A沿軌跡3運動的石子在

4、空中運動時間最長B沿軌跡3運動的石子落水時速度最小C三個石子在最高點時速度相等D三個石子在空中運動時的速度變化率相等7小型手搖發(fā)電機(jī)線圈共有N匝，每匝可簡化為矩形線圈abcd，磁極間的磁場視為勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直于線圈中心軸OO，線圈繞OO勻速轉(zhuǎn)動，如圖所示矩形線圈ab邊和cd邊產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的最大值都為E0，該發(fā)電機(jī)外接負(fù)載電阻，則()A當(dāng)線圈處于中性面位置時磁通量的變化率為零B線圈從中性面位置轉(zhuǎn)過180過程中，線圈中磁通量的變化量為零C線圈轉(zhuǎn)動過程中電動勢的有效值為NE0D線圈轉(zhuǎn)動過程中電動勢的最大值為2NE08一輛質(zhì)量為M的平板小車靜止在光滑水平面上，平板小車的上表面

5、粗糙，左端有一質(zhì)量為m的滑塊，物塊與小車間的動摩擦因數(shù)為，現(xiàn)在物塊上加一水平拉力F，則下面說法正確的是()A當(dāng)Fmg時，小車才開始運動B當(dāng)F 時，物塊就能從小車的右端滑出C若物塊能從小車右端滑離，滑離時小車速度為v0，當(dāng)物塊質(zhì)量m增大或者拉力F減小會使v0增大D若物塊能從小車右端滑離，滑離時小車速度為v0，當(dāng)小車質(zhì)量M增大或者拉力F增大會使v0增大9如圖所示，一電阻不計的金屬棒AO在勻強(qiáng)磁場中繞平行于磁感應(yīng)強(qiáng)度方向的軸(過O點)勻速轉(zhuǎn)動，OCACL0.5 m，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B2 T、方向垂直紙面向里，金屬棒轉(zhuǎn)動的角速度為10 rad/s，內(nèi)、外兩金屬圓環(huán)分別與C、A良好接觸并各引出一接線柱與

6、外電阻R10 相接(圖中未畫出)，兩金屬圓環(huán)圓心皆為O且電阻均不計，則()A金屬棒中有從C到A的感應(yīng)電流B外電阻R中的電流為0.75 AC金屬棒繞O軸轉(zhuǎn)一圈，通過電阻R的電荷量為零D金屬棒AC間電壓為7.5 V三、實驗題：共18分10(8分)如圖所示為實驗室“驗證碰撞中動量守恒”的實驗裝置(1)下列說法中不符合本實驗要求的是_(填序號)A為了使入射小球在碰撞后不被反彈，則應(yīng)使入射小球的質(zhì)量大于被碰小球的質(zhì)量B同一組實驗中，每次入射球必須從同一高度由靜止釋放C為保證入射小球和被碰小球離開槽口后均做平拋運動，必須保證斜槽末端水平D需要測量小球拋出時離地面的高度及拋出后的水平距離(2)實驗中記錄了軌

7、道末端在記錄紙上的豎直投影為O點，經(jīng)多次釋放入射球，在記錄紙上找到了兩球平均落點位置為M、P、N，并測得它們到O點的距離分別為OM、OP和ON，測出OM、OP和ON的距離分別為x1、x2、x3，已知入射球的質(zhì)量為m1，被碰小球的質(zhì)量為m2，驗證碰撞中動量守恒的表達(dá)式為_(用已知物理量表示)(3)若要驗證以上碰撞為彈性碰撞，則需要驗證的表達(dá)式為_要求用(2)問中涉及的物理量表示11(10分)我們可以用如圖甲所示的電路測定某個電池的電動勢和內(nèi)電阻R為一變阻箱，可以改變R的阻值，得到電壓表V相應(yīng)的示數(shù)U.對測得的實驗數(shù)據(jù)進(jìn)行處理根據(jù)實驗數(shù)據(jù)在R坐標(biāo)系中描出坐標(biāo)點，如圖乙所示已知R0100 ，請完成以

8、下數(shù)據(jù)分析和處理(1)圖乙中電阻為_的數(shù)據(jù)點應(yīng)剔除；(2)在圖乙中畫出R關(guān)系圖線；(3)圖線的斜率是_(V11)，由此可得電池電動勢E_V(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)小卷綜合練(二)1解析：選A.因在0t3時間內(nèi)甲、乙兩質(zhì)點的vt圖線與t軸所圍“面積”相等，說明位移相等，則甲、乙兩質(zhì)點的平均速度相等，故A項正確；在0t1時間內(nèi)，甲的圖線斜率為正值，加速度為正方向，在t2t3時間內(nèi)，乙的圖線斜率為負(fù)值，加速度為負(fù)方向，兩個加速度不相同，故B項錯誤；甲質(zhì)點在0t1時間內(nèi)的平均速度等于，乙質(zhì)點在0t2時間內(nèi)的平均速度等于，故C項錯誤；由題圖可知甲、乙兩質(zhì)點的速度均為正值，則兩質(zhì)點均做單向直線運動，不可能

9、回到出發(fā)點，故D項錯誤2.解析：選D.把兩小球看成一個整體，受力分析如圖：F2FN2G由于F不斷增大，故FN不斷減小，故A錯誤；球剛開始運動時，不是小球離開地面的時候，而是拉力的水平分力與地面的最大摩擦力相等時，故此時FN不是零，故B錯誤；對結(jié)點受力分析如圖：有F2Tsin 60即TF對小球進(jìn)行受力分析如圖：小球靜止時，fTcos 600.5T在滑動之前f為靜摩擦，故F增大，T增大，f增大，故C錯誤；在滑動后，f為滑動摩擦，fFN(GTcos 30)，T增加，f減小，故剛要開始滑動時，f最大，故D正確3解析：選D.物體在拉力作用下勻加速上升時，拉力和滑動摩擦的合力(Ff)做正功，物體機(jī)械能增加

10、，W(Ff)at2，與時間成二次函數(shù)關(guān)系，A、B錯誤；撤去拉力后，滑動摩擦力f做負(fù)功，機(jī)械能減少，仍然與時間成二次函數(shù)關(guān)系，C錯誤，D正確4解析：選C.在預(yù)定圓軌道上，根據(jù)萬有引力提供向心力得，在地球兩極有萬有引力等于重力mg，聯(lián)立解得v ，故C正確，A、B、D錯誤5解析：選C.電流表示數(shù)并非為瞬時值，而是有效值，選項A錯誤；原線圈電壓為定值，原副線圈的匝數(shù)確定，副線圈兩端電壓為定值，滑動變阻器觸頭下滑過程，副線圈電阻逐漸增大，副線圈電流逐漸減小，電阻R1電壓減小，因而電壓表示數(shù)逐漸增大，選項B錯誤；把副線圈和電阻R1等效為電源，R2、R3等效為該電源的外電阻，由于外電阻逐漸接近該電源的內(nèi)電阻

11、，故外電阻消耗的功率逐漸增大，選項C正確；負(fù)線圈電流逐漸減小，副線圈電壓不變，副線圈消耗的功率逐漸減小，故原線圈的輸入功率逐漸減小，選項D錯誤6BD7解析：選AD.當(dāng)線圈處于中性面位置時磁通量最大，磁通量的變化率為零，選項A正確；線圈從中性面位置轉(zhuǎn)過180過程中，線圈中磁通量的變化量為2BS，選項B錯誤；矩形線圈ab邊和cd邊產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的最大值都為E0，所以矩形線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的最大值是2NE0，則發(fā)電機(jī)輸出電壓有效值UNE0，選項C錯誤，D正確8解析：選BC.因水平面光滑，F(xiàn)0，小車就能運動，故A錯誤；滑動時對m、M分別列牛頓第二定律方程：Fmgmam，mgMaM，m能從右端滑離，

12、則amaM，得F，B正確；作出m、M的vt圖線，由于小車長度確定，故二者相對位移為定值，即圖中陰影面積S為定值，當(dāng)m增大，m圖線斜率(即m加速度am)減小，M圖線斜率(即M加速度aM)增大，保證S不變，則滑離時間t0變大，故v0變大F減小，am減小，aM不變，故v0增大，故C正確，同理，可知D錯誤9解析：選ABD.由右手定則可知，金屬棒相當(dāng)于電源且A是電源的正極，即金屬棒中有從C到A的感應(yīng)電流，A正確；金屬棒以角速度10 rad/s轉(zhuǎn)動，則接入電路部分AC上產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為EBLvBL，代入數(shù)據(jù)解得E7.5 V，則回路中電流I0.75 A，B正確；在金屬棒繞O軸轉(zhuǎn)一圈的過程，因為電流的方向一

13、直沒有改變，故通過電阻R的電荷量一定不為零，C錯誤；因為金屬棒的電阻不計，即電源沒有內(nèi)阻，電動勢全部輸出加在電阻R上，故金屬棒AC間電壓為7.5 V，D正確10解析：(1)要使兩球發(fā)生對心正碰，兩球半徑應(yīng)相等，為防止入射球碰撞后反彈，入射球的質(zhì)量應(yīng)大于靶球的質(zhì)量，即：入射球比靶球質(zhì)量大，入射球與靶球半徑應(yīng)相等，故A符合本實驗要求；為保持入射球的初速度相等，在同一組實驗的不同碰撞中，每次入射球必須從同一高度由靜止釋放，故B符合本實驗要求；為保證小球離開軌道后做平拋運動，小球離開軌道時的速度必須水平，安裝軌道時，軌道末端必須水平，故C符合本實驗要求；兩球碰撞后均做平拋運動，平拋的初速度為v0x，豎

14、直高度相同，則v0x，故只需要測量平拋的水平位移而不需要測量豎直高度，D不符合本實驗要求本題選不符合本實驗要求的，故選D.(2)兩球碰撞后做平拋運動，它們拋出點的高度相等，在空中的運動時間t相等，碰撞過程動量守恒，則m1OPm1OMm2ON，即m1x2m1x1m2x3.(3)如果碰撞過程機(jī)械能守恒，表現(xiàn)為動能不損失，有m1vm1vm2v，代入數(shù)據(jù)可得：m1xm1xm2x.答案：(1)D(2)m1x2m1x1m2x3(3)m1xm1xm2x11解析：(1)根據(jù)坐標(biāo)系內(nèi)描出的點作出圖象如圖所示，由圖象可以知道，電阻為100歐姆的點遠(yuǎn)離圖象，應(yīng)剔除(2)如圖所示：(3)根據(jù)閉合電路歐姆定律，有：EU(Rr)，變形得：R(1)；則由數(shù)學(xué)規(guī)律可以知道：斜率k V110.005 0 V11；故E2.0 V.答案：(1)100(2)圖見解析(3)5103(4.81035.2103都對)2.0(1.92.1都對)- 8 -