《高考物理大二輪專題復(fù)習(xí) 考前增分練 選擇題部分 專練4 牛頓第二定律的理解和應(yīng)用》由會(huì)員分享,可在線閱讀,更多相關(guān)《高考物理大二輪專題復(fù)習(xí) 考前增分練 選擇題部分 專練4 牛頓第二定律的理解和應(yīng)用(5頁(yè)珍藏版)》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。
1、高考物理大二輪專題復(fù)習(xí) 考前增分練 選擇題部分 專練4 牛頓第二定律的理解和應(yīng)用1(xx北京18)應(yīng)用物理知識(shí)分析生活中的常見(jiàn)現(xiàn)象,可以使物理學(xué)習(xí)更加有趣和深入例如平伸手掌托起物體,由靜止開(kāi)始豎直向上運(yùn)動(dòng),直至將物體拋出對(duì)此現(xiàn)象分析正確的是()A手托物體向上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中,物體始終處于超重狀態(tài)B手托物體向上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中,物體始終處于失重狀態(tài)C在物體離開(kāi)手的瞬間,物體的加速度大于重力加速度D在物體離開(kāi)手的瞬間,手的加速度大于重力加速度答案D解析手托物體拋出的過(guò)程,必有一段加速過(guò)程,其后可以減速,可以勻速,當(dāng)手和物體勻速運(yùn)動(dòng)時(shí),物體既不超重也不失重;當(dāng)手和物體減速運(yùn)動(dòng)時(shí),物體處于失重狀態(tài),選項(xiàng)A錯(cuò)誤
2、;物體從靜止到運(yùn)動(dòng),必有一段加速過(guò)程,此過(guò)程物體處于超重狀態(tài),選項(xiàng)B錯(cuò)誤;當(dāng)物體離開(kāi)手的瞬間,物體只受重力,此時(shí)物體的加速度等于重力加速度,選項(xiàng)C錯(cuò)誤;手和物體分離之前速度相同,分離之后手速度的變化量比物體速度的變化量大,物體離開(kāi)手的瞬間,手的加速度大于重力加速度,所以選項(xiàng)D正確2(xx重慶5)以不同初速度將兩個(gè)物體同時(shí)豎直向上拋出并開(kāi)始計(jì)時(shí),一個(gè)物體所受空氣阻力可忽略,另一個(gè)物體所受空氣阻力大小與物體速率成正比,下列用虛線和實(shí)線描述兩物體運(yùn)動(dòng)的vt圖像可能正確的是()答案D解析不受空氣阻力的物體,運(yùn)動(dòng)過(guò)程中加速度不變,vt圖像為圖中虛線所示受的空氣阻力大小與速率成正比關(guān)系的物體,上升過(guò)程中:
3、mgkvma,ag,開(kāi)始時(shí)加速度最大,上升過(guò)程中a始終大于g,vt圖像斜率均大于虛線斜率,只有選項(xiàng)D符合題意3如圖1是伽利略研究自由落體運(yùn)動(dòng)實(shí)驗(yàn)的示意圖,讓小球由傾角為、長(zhǎng)度一定的光滑斜面頂端由靜止滑下,在不同的條件下進(jìn)行多次實(shí)驗(yàn),下列敘述正確是()圖1A角越大,小球?qū)π泵娴膲毫υ酱驜角越大,小球運(yùn)動(dòng)的加速度越小C角越大,小球從頂端運(yùn)動(dòng)到底端所需時(shí)間越短D角一定,質(zhì)量不同的小球運(yùn)動(dòng)的加速度也不同答案C解析小球?qū)π泵娴膲毫Γ篎Nmgcos ,隨傾角增大而減小,故選項(xiàng)A錯(cuò)誤;小球加速度為:agsin ,隨傾角增大而增大,且小球加速度與質(zhì)量無(wú)關(guān),故選項(xiàng)B、D錯(cuò)誤;小球的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為:t ,隨傾角增大而
4、減小,故選項(xiàng)C正確4(xx山東師大附中第五次模擬)如圖2所示,光滑水平面上放置質(zhì)量分別為m、2m和3m的三個(gè)木塊,其中質(zhì)量為2m和3m的木塊間用一輕彈簧相連,輕彈簧能承受的最大拉力為FT.現(xiàn)用水平拉力F拉質(zhì)量為3m的木塊,使三個(gè)木塊一起加速運(yùn)動(dòng),則以下說(shuō)法正確的是(質(zhì)量為m和2m的木塊始終未發(fā)生相對(duì)滑動(dòng))()圖2A質(zhì)量為2m的木塊受到四個(gè)力的作用B當(dāng)F逐漸增大到1.5FT時(shí),輕彈簧剛好被拉斷C當(dāng)F逐漸增大到1.5FT時(shí),輕彈簧還不會(huì)被拉斷D當(dāng)F撤去瞬間,m所受摩擦力的大小和方向不變答案CD解析質(zhì)量為2m的木塊受重力、支持力、m對(duì)它的壓力以及摩擦力,還有彈簧的彈力,總共受5個(gè)力,故A錯(cuò)誤當(dāng)彈簧的
5、彈力為FT時(shí),m和2m的加速度a,對(duì)整體分析,拉力F6ma2FT.知當(dāng)拉力F為2FT時(shí),輕彈簧恰好被拉斷,故B錯(cuò)誤,C正確撤去F的瞬間,彈簧的彈力不變,m和2m整體的加速度不變,隔離對(duì)m分析,根據(jù)牛頓第二定律知,m所受的摩擦力大小和方向都不變,故D正確5如圖3所示,沿平直公路行駛的小車內(nèi)有一傾角為37的粗糙固定斜面,上面放一物塊,當(dāng)小車做勻變速運(yùn)動(dòng)時(shí)物塊與斜面始終保持相對(duì)靜止,若物塊受到的摩擦力與支持力大小相等,則小車的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)是(sin 370.6,重力加速度為g)()圖3A向左做勻加速運(yùn)動(dòng),加速度大小為gB向左做勻減速運(yùn)動(dòng),加速度大小為gC向右做勻加速運(yùn)動(dòng),加速度大小為7gD向右做勻減速運(yùn)
6、動(dòng),加速度大小為7g答案BD解析滑塊受重力、支持力和摩擦力假設(shè)摩擦力平行斜面向上,根據(jù)牛頓第二定律,有:豎直方向:FNcos 37Ffsin 37mg水平方向:Ffcos 37FNsin 37ma其中:FfFN,解得:ag.故小車可能向左做勻減速直線運(yùn)動(dòng)或者向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng),加速度大小為g,故B正確假設(shè)摩擦力平行斜面向下,根據(jù)牛頓第二定律,有:豎直方向:FNcos 37Ffsin 37mg水平方向:Ffcos 37FNsin 37ma其中:FfFN,解得:a7g.故向左做勻加速直線運(yùn)動(dòng)或者向右做勻減速直線運(yùn)動(dòng),加速度大小為7g,故C錯(cuò)誤,D正確6(xx浙江嘉興二模)如圖4甲所示,一質(zhì)量為M
7、的長(zhǎng)木板靜置于光滑水平面上,其上放置一質(zhì)量為m的小滑塊木板受到隨時(shí)間t變化的水平拉力F作用時(shí),用傳感器測(cè)出其加速度a,得到如圖乙所示的aF圖取g10 m/s2,則()圖4A滑塊的質(zhì)量m4 kgB木板的質(zhì)量M6 kgC當(dāng)F8 N時(shí)滑塊加速度為2 m/s2D滑塊與木板間動(dòng)摩擦因數(shù)為0.1答案AD解析當(dāng)F等于6 N時(shí),加速度為:a1 m/s2對(duì)整體分析,由牛頓第二定律有:F(Mm)a,代入數(shù)據(jù)解得:Mm6 kg當(dāng)F大于6 N時(shí),根據(jù)牛頓第二定律得:aF,知圖線的斜率k,解得M2 kg滑塊的質(zhì)量為:m4 kg,故A正確,B錯(cuò)誤根據(jù)F大于6 N的圖線知,F(xiàn)4 N時(shí),a0,即0F,代入數(shù)據(jù)解得0.1,所以
8、aF2,當(dāng)F8 N時(shí),長(zhǎng)木板的加速度為a2 m/s2.根據(jù)mgma,得ag1 m/s2,故C錯(cuò)誤,D正確7如圖5所示,水平面上停放著A、B兩輛小車,質(zhì)量分別為M和m,Mm,兩小車相距為L(zhǎng),人的質(zhì)量也為m,另有質(zhì)量不計(jì)的硬桿和細(xì)繩第一次人站在A車上,桿插在B車上;第二次人站在B車上,桿插在A車上;若兩種情況下人用相同大小的水平作用力拉繩子,使兩車相遇,不計(jì)阻力,兩次小車從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到相遇的時(shí)間分別為t1和t2,則()圖5At1等于t2Bt1小于t2Ct1大于t2D條件不足,無(wú)法判斷答案B解析設(shè)人的拉力為F,則當(dāng)人在A車上時(shí),A、B車的加速度分別為:aA,aB,A、B兩車都做勻加速直線運(yùn)動(dòng),則aAtaBtL,即:()tL當(dāng)人在B車上時(shí),A、B車的加速度分別為:aA,aBA、B兩車都做勻加速直線運(yùn)動(dòng),則aAtaBtL,即()tL由式解得: 1,所以t1t2,故選B.