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1、2022年高考物理 考點權威預測二14如圖l所示，物體m靜止在粗糙斜面上，現(xiàn)用水平推力F作用在物體上，且物體仍保持靜止狀態(tài)，則現(xiàn)在A物體的合力一定增大B物體對斜面的壓力一定增大C物體所受的摩擦力一定增大D物體一定受4個力的作用15.由兩種單色光P、Q組成的細光束自A點沿半徑方向射入半圓形玻璃磚，在圓心O點發(fā)生反射和折射現(xiàn)象，如圖所示。若入射光由A緩慢向B轉動，仍保持沿半徑方向射到O點，則（ ） A反射光OC增強，單色光P在玻璃中傳播速度小于單色光Q B反射光OC增強，單色光P在玻璃中傳播速度大于單色光Q C反射光OC減弱，單色光P在玻璃中傳播速度小于單色光Q D反射光OC減弱，單色光P在玻璃中
2、傳播速度大于單色光Q16中國首個目標飛行器“天宮一號”于北京時間2011年9月29日21時16分從甘肅酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心發(fā)射升空，在北京航天飛行控制中心精確控制下，經(jīng)過幾次軌道控制，使其遠地點高度由346公里抬升至355公里，從入軌時的橢圓軌道變成近圓軌道，其角速度為A，此時關閉發(fā)動機，由于高空大氣阻力的存在，每轉一圈軌道都要降低，這叫軌道衰減。若神八發(fā)射后與天宮一號對接時，對接時軌道高度為343公里，神八角速度為B，地球上物體的角速度為C，由此可知下列說法正確的是 （ ）A由于天宮一號不可看做近地衛(wèi)星，所以發(fā)射速度小于7.9 km/sB軌道衰減時高空大氣阻力做負功，所以運行速度要減小C“天宮一
3、號”在軌道衰減過程中的角速度不斷變大D三者的角速度關系為：C B A17如圖所示，在兩點電荷+Q1和+Q2的連線上有a、b、c三點，測得b點的場強為零.現(xiàn)將一個檢驗電荷+q從a點沿此直線經(jīng)過b點移到c點，在此過程中檢驗電荷+q的電勢能變化情況為（ ）A不斷增加B先增加后減少C不斷減少D先減少后增加18.如圖所示，兩個垂直紙面的勻強磁場方向相反，磁感應強度的大小均為B，磁場區(qū)域的寬度均為2a，一個直徑為2a的導線圓環(huán)從圖示位置沿x軸正方向勻速穿過兩磁場區(qū)域，以逆時針方向為電流的正方向，則感應電流I與導線圓環(huán)移動距離x的關系圖象正確的是（ ）19如圖所示，電源內阻不能忽略，安培表是理想電表，當滑動
4、變阻器R的滑動頭從a端滑到b端過程中（ ）A電容器的電量先增大后減小，A示數(shù)增大B電容器的電量先增大后減小，A示數(shù)減小C電容器的電量先減小后增大，A示數(shù)增大D電容器的電量先減小后增大，A示數(shù)減小20如圖1所示，兩導體板水平放置，兩板間電勢差為U，帶電粒子以某一初速度v0，沿平行于兩板的方向從兩板正中間射入，穿過兩板后又垂直于磁場方向射入邊界線豎直的勻強磁場，則：粒子射入磁場和射出磁場的M、N兩點間的距離d隨著U和v0的變化情況為()圖1Ad隨v0增大而增大，d與U無關Bd隨v0增大而增大，d隨U增大而增大Cd隨U增大而增大，d與v0無關Dd隨v0增大而增大，d隨U增大而減小第卷 非選擇題（非選
5、擇題 共180分）考生注意事項： 請用0.5毫米黑色墨水簽字筆在答題卡上作答，在試題卷上答題無效。21(1)(3分)在某一力學實驗中，打出的紙帶如圖1所示，相鄰計數(shù)點的時間間隔是T.測出紙帶各計數(shù)點之間的距離分別為s1、s2、s3、s4，為了使由實驗數(shù)據(jù)計算的結果更精確些，加速度的平均值為a_；打下C點時的速度vC_. 圖1 圖2(2) (6分)某同學做“驗證力的平行四邊形定則”的實驗時，用兩只相同的彈簧測力計(量程為5.0N、最小分度為0.lN)分別鉤住兩細繩套，互成角度地沿著平行于木板方向拉橡皮條，使橡皮條與繩的結點伸長到某一位置O時，記錄兩彈簧測力計的讀數(shù)分別是4.40N和3.30N，同
6、時沿兩繩套方向分別描下兩點如圖示。 該同學在上述步驟中沒有描出D點的位置，請你幫他在圖中標出D點的位置（保留作圖痕跡）。 在你幫他確定D點的位置后，他想用其中一個彈簧測力計拉一個繩套，把橡皮條與繩的結點拉到O點，讀出并記錄彈簧測力計的示數(shù)，記下細繩的方向，但該步驟不能正常進行，其原因是：_ 。(3)(7分)在“測定某電阻絲的電阻率”實驗中用螺旋測微器測量一種電阻值很大的電阻絲直徑，如圖2所示，則電阻絲的直徑是_ mm.用多用表的歐姆擋粗測電阻絲的阻值，已知此電阻絲的阻值約為20 k.下面給出的操作步驟中，合理的實驗步驟順序是_(填寫相應的字母)a將兩表筆短接，調節(jié)歐姆擋調零旋鈕使指針對準刻度盤
7、上歐姆擋的零刻度，而后斷開兩表筆b將兩表筆分別連接到被測電阻絲的兩端，讀出阻值后，斷開兩表筆c旋轉選擇開關，使其尖端對準歐姆擋的“1 k”擋d旋轉選擇開關，使其尖端對準交流500 V擋，并拔出兩表筆若用電流表和電壓表精確測量此電阻絲的阻值，實驗室提供下列可供選用的器材：電壓表V(量3 V，內阻約50 k)電流表A1(量程200 A，內阻約200 )電流表A2(量程5 mA，內阻約20 )電流表A3(量程0.6 A，內阻約1 )滑動變阻器R(最大值500 )電源E(電動勢4.5 V，內阻約0.2 )開關S導線a在所提供的電流表中應選用_(填字母代號)b在虛線框中畫出測電阻的實驗電路根據(jù)測得的電阻
8、絲的長度、直徑和阻值，即可求出該電阻絲的電阻率答案(1)(2分)(1分)(2)實驗時，拉力會超出測力計的量程 (3)0.6410.643(1分)c、a、b、d(1分)a.A1(1分)B測電阻的實驗電路如圖(4分)22（14分）將火箭在豎直起飛階段視為加速度為a的勻加速運動.在豎直加速運動t時有一塊保溫泡沫塑料從箭殼上自行脫落，歷經(jīng)2t落地.火箭最終將衛(wèi)星送入距地表高度為R的圓形軌道；R為地球半徑.不計空氣阻力，求：（1）衛(wèi)星在軌道上運行的加速度大小（用a表示）；（2）衛(wèi)星在軌道上運行的周期大約為多少分鐘？（已知近地軌道衛(wèi)星的最小周期約90分鐘）23（18分）如圖所示，AB為傾角37的斜面軌道，
9、軌道的AC部分光滑，CB部分粗糙。BP為圓心角等于143、半徑R1 m的豎直光滑圓弧形軌道，兩軌道相切于B點，P、O兩點在同一豎直線上，輕彈簧一端固定在A點，另一自由端在斜面上C點處，現(xiàn)有一質量m2 kg的物塊在外力作用下將彈簧緩慢壓縮到D點后（不拴接）釋放，物塊經(jīng)過C點后，從C點運動到B點過程中的位移與時間的關系為x12t4t2（式中x單位是m，t單位是s），假設物塊第一次經(jīng)過B點后恰能到達P點，sin 370.6，cos 370.8，g取10 m/s2。試求：（1）若CD1 m，試求物塊從D點運動到C點的過程中，彈簧對物塊所做的功；（2）B、C兩點間的距離x。24. （20分）如圖所示，在
10、地面附近，坐標系xOy在豎直平面內的空間中存在著沿水平方向垂直紙面向里的勻強磁場，磁感應強度為B，在x0的空間內還有沿x軸負方向的勻強電場，電場強度為E。一個帶正電的油滴經(jīng)圖中x軸上的M點，始終沿著與水平方向成30角的斜向下做直線運動，進入x0區(qū)域。要使油滴進入x0的區(qū)域后能在豎直平面內做勻速圓周運動，需要在x0區(qū)域加一個勻強電場E。若帶電油滴做勻速圓周運動通過x軸上的N點，且MONO，g取10 m/s2。求：（1）油滴運動速度大??；（2）在x0空間內所加電場強度大小和方向；（3）油滴從x軸上的M點開始運動到達N點所用的時間。14. 【答案】 B【解析】：由于物體靜止不動，所以物體合力一定等于
11、零，F(xiàn)NFGA項錯誤；物體至少受到三個力：重力、支持力和推力。對物體受力分析如圖所示。如果重力、支持力和推力合力為零則沒有靜摩擦力，如果合力不為零并且物體有沿著斜面向上運動的趨勢，則物體受到沿斜面向下的靜摩擦力；如果合力不為零并且物體有沿著斜面向下運動的趨勢，則物體受到沿斜面向上的靜摩擦力。所以C、D錯誤，推力作用在物體上有一個垂直于斜面向下壓的效果，所以物體對斜面的壓力一定變大了，B項正確。15. 【答案】B【解析】本題主要考察光在介質中傳播過程中，光的頻率不變，光速與折射率的關系，光的能量與光頻率的關系。16.【答案】C【解析】：通常把高度在500千米以下的航天器軌道稱為低軌道，500千米
12、-2000千米高的軌道稱為中軌道。中、低軌道合稱為近地軌道（又稱順行軌道）。我國地處北半球，要把航天器送上這種軌道，運載火箭要朝東南方向發(fā)射，這樣能夠利用地球自西向東自轉的部分速度，節(jié)約火箭能量。這就是為什么大多數(shù)火箭總是朝著正東方向發(fā)射的緣故 近地衛(wèi)星：轉動半徑地球半徑 同步衛(wèi)星:轉動角速度地球自轉角速度 近地衛(wèi)星是指軌道在地球表面附近的衛(wèi)星，計算時軌道半徑可近似取地球半徑（這一點很重要） 同步衛(wèi)星是指運動周期與地球自轉周期相等的衛(wèi)星，故稱為與地球自轉同步，叫同步衛(wèi)星；由于周期相等的原因，衛(wèi)星總在赤道上空、相對地面靜止。天宮一號是近地衛(wèi)星，發(fā)射速度等于7.9 km/s，所以A項錯誤。在高中物
13、理中，會涉及到人造衛(wèi)星的變軌問題。由于某個因素的影響使衛(wèi)星的軌道半徑發(fā)生緩慢的變化（逐漸增大或逐漸減?。?，由于半徑變化緩慢，衛(wèi)星每一周的運動仍可以看做是勻速圓周運動。解決此類問題，首先要判斷這種變軌是離心還是向心，即軌道半徑是增大還是減小，然后再判斷衛(wèi)星的其他相關物理量如何變化。如：人造衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動，無論軌道多高，都會受到稀薄大氣的阻力作用。如果不及時進行軌道維持（即通過啟動衛(wèi)星上小型火箭，將化學能轉化為機械能，保持衛(wèi)星應具有的速度），衛(wèi)星就會自動變軌，偏離原來的圓周軌道，從而引起各個物理量的變化。由于這種變軌的起因是阻力，阻力對衛(wèi)星做負功，使衛(wèi)星速度減小，所需要的向心力減小了，而
14、萬有引力大小沒有變，因此衛(wèi)星將做向心運動，即半徑r將減小。繞地球做勻速圓周運動的人造衛(wèi)星所需向心力由萬有引力提供。軌道半徑r確定后，與之對應的衛(wèi)星線速度、周期、向心加速度角速度也都是確定的。一旦衛(wèi)星發(fā)生變軌，即軌道半徑r發(fā)生變化，上述物理量都將隨之變化。同理，只要上述七個物理量之一發(fā)生變化，另外六個也必將隨之變化?？芍喊霃絩若減小，衛(wèi)星線速度v將增大，周期T將減小，角速度將增大，向心加速度a將增大，動能Ek將增大，勢能Ep將減小，該過程有部分機械能轉化為內能（摩擦生熱），因此衛(wèi)星機械能E機將減小。所以B項錯誤，本題中天宮對接時的軌道半徑小于遠地點對應的軌道半徑，所以 ,又因為同步衛(wèi)星軌道半徑
15、最大，同步衛(wèi)星角速度與地面物體角速度相等。所以,D項錯誤。增上所述，C正確為什么衛(wèi)星克服阻力做功，動能反而增加了呢？這是因為一旦軌道半徑減小，在衛(wèi)星克服阻力做功的同時，萬有引力（即重力）將對衛(wèi)星做正功。而且萬有引力做的正功遠大于克服大氣阻力做的功，外力對衛(wèi)星做的總功是正的，因此衛(wèi)星動能增加。根據(jù)E機=Ek+Ep，該過程重力勢能的減少總是大于動能的增加。所以衛(wèi)星機械能減少 科學前沿：有一種宇宙學的理論認為在漫長的宇宙演化過程中，引力常量G是逐漸減小的。如果這個結論正確，那么恒星、行星將發(fā)生離心現(xiàn)象，即恒星到星系中心的距離、行星到恒星間的距離都將逐漸增大，宇宙將膨脹。17. 【答案】D【解析】本題
16、考察同性等量電荷的電場線、場強、電勢和電勢能的變化情況，考查電場能的性質，電勢能.根據(jù)電勢能的計算公式：，可知U=0時電勢能為0，在Q1Q2連線上除b點外其他各點電勢均大于0，所以檢驗電荷+Q的電勢能也大于0，這樣從a經(jīng)b到c的過程中，中間b點電勢能最小，電勢能變化情況為先減小后增大，選D.本題較易.18. 【答案】C【解析】考查法拉第電磁感應定律、閉合電路歐姆定律.設導電圓環(huán)進入左邊磁場的距離為x，則切割磁感線的等效長度，感應電動勢，所以圖象是正弦曲線而非線性關系，排除AB；當圓環(huán)左側進入磁場時，右邊進入右側磁場，右側磁場方向與左側相反，穿過圓環(huán)的向里的磁通量減少，向外的磁通量增加，產生同方
17、向的感應電流，所以在圓環(huán)跨越兩磁場邊界的過程中感應電動勢是進入左側磁場時的2倍，C對D錯.19. 【答案】A【解析】動態(tài)電路的分析方法解析：考查閉合電路歐姆定律、電容器.電容器電量，由電路分析可知：滑動變阻器觸頭從a向b移動過程中外電路電阻先增大后減小，所以路端電壓先增大后減小.而，所以Q先增大后減小.本題較易.一、 【答案】A【解析】帶電粒子在磁場中運動的知識21.【答案】(1)(2分)(1分)(2)實驗時，拉力會超出測力計的量程(3)0.6410.643(1分)c、a、b、d(1分)a.A1(1分)B測電阻的實驗電路如圖(4分)22.【答案】（1）加速t秒時位移（1分）取向上為正有：（2分
18、）得（1分）由在地面：（1分）（2分） （1分）（2）由題意（2分）（2分）（2分）本題考查萬有引力定律的應用，同時考查豎直上拋運動以及勻速圓周運動的知識.保溫泡沫塑料與火箭脫離時有向上的速度，與火箭脫離后做豎直上拋運動，由運動學公式可用a表示出重力加速度，火箭進入軌道以后做勻速圓周運動，萬有引力提供向心力，應用萬有引力定律求出火箭在軌道上運行時的加速度和周期.本題難度中等.23.【答案】（1）由x12t4t2知，物塊在C點速度為v012 m/s （2分）設物塊從D點運動到C點的過程中，彈簧對物塊所做的功為W，由動能定理得：Wmgsin 37CDmv代入數(shù)據(jù)得：Wmvmgsin 37CD156
19、 J （2分）（2）由x12t4t2知，物塊從C運動到B過程中的加速度大小為a8 m/s2（2分）設物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)為，由牛頓第二定律得mgsin mgcos ma代入數(shù)據(jù)解得0.25 （4分）物塊在P點的速度滿足mg （2分）物塊從B運動到P的過程中機械能守恒，則有mvmvmg（RRsin 53）（2分）物塊從C運動到B的過程中有vv2ax （2分）由以上各式解得x m （2分）24.【答案】（1）由平衡條件有qvBcos 30mg （1分）qvBsin 30qE （1分）解得v （1分）（2）由得mgqE （1分）粒子在磁場中做勻速圓周運動，要求mgqEE （2分）場強方向豎直向上（3）設粒子從M到P點的時間為t1，從P點到N點的時間為t2，粒子做勻速圓周運動的軌道半徑為R。過P點作MP的垂線交x軸與O，由幾何知識有OPtan 30OM （2分）ONONOPsin 30OM （2分）qvB （1分）由幾何知識MPRcot 30 （2分）t1 （2分）t2 （2分）tMNt1t2 （2分）tMN （1分）
2022年高考物理 考點權威預測二
