《山東省2013年高考物理 考點權威預測十三》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《山東省2013年高考物理 考點權威預測十三（11頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。
1、山東2013年物理高考考點權威預測十三14. 我國“蛟龍”號載人潛水器在西太平洋馬里亞納海溝成功突破7000米深度，創(chuàng)造了世界同類潛水器的最大下潛深度設質量為M的“蛟龍”號在勻速下降，若此時纜繩的拉力為0，“蛟龍”號所受浮力F始終保持不變，“蛟龍”號在運動過程中所受阻力僅與速率有關，重力加速度為g，現(xiàn)欲使“蛟龍”號以同樣速率勻速上升，則纜繩的拉力為()A2(MgF) BMg2FC2MgF D015.如圖，節(jié)水灌溉中的噴嘴距地高0.8 m，假定水從噴嘴水平噴出，噴灌半徑為4 m，不計空氣阻力，取g10 m/s2.則()A水下落的加速度為8 m/s2B水從噴嘴落到地面的時間為0.4 sC水從噴嘴噴
2、出后動能不變D水從噴嘴噴出的速率為10 m/s16放在粗糙水平地面上的物體受到水平拉力的作用，在06 s內(nèi)其速度與時間的圖象和該拉力的功率與時間的圖象如圖所示下列說法不正確的是()A06 s內(nèi)物體的位移大小為30 mB06 s內(nèi)拉力做的功為70 JC合外力在06 s內(nèi)做的功與02 s內(nèi)做的功相等D滑動摩擦力的大小為5 N17“軌道康復者”是“垃圾”衛(wèi)星的救星，被稱為“太空110”，它可在太空中給“垃圾”衛(wèi)星補充能源，延長衛(wèi)星的使用壽命，假設“軌道康復者”的軌道半經(jīng)為地球同步衛(wèi)星軌道半徑的五分之一，其運動方向與地球自轉方向一致，軌道平面與地球赤道平面重合，下列說法正確的是()A“軌道康復者”的加
3、速度是地球同步衛(wèi)星加速度的25倍B“軌道康復者”的速度是地球同步衛(wèi)星速度的 倍C站在赤道上的人觀察到“軌道康復者”向西運動D“軌道康復者”可在高軌道上加速，以實現(xiàn)對低軌道上衛(wèi)星的拯救18兩電荷量分別為q1和q2的點電荷放在x軸上的O、M兩點，兩點電荷連線上各點電勢隨x變化的關系如圖所示，其中P、N兩點的電勢為零，NF段中Q點電勢最高，則()AP點的電場強度大小為零Bq1和q2為等量異種電荷CNQ間場強方向沿x軸正方向D將一負電荷從N點移到F點，電勢能先減小后增大19如圖所示，A和B為豎直放置的平行金屬板，在兩極板間用絕緣線懸掛一帶電小球開始時開關S閉合且滑動變阻器的滑動觸頭P在a處，此時絕緣線
4、向右偏離豎直方向，電源的內(nèi)阻不能忽略，則下列判斷正確的是()A小球帶負電B當滑動觸頭從a向b滑動時，絕緣線的偏角變大C當滑動觸頭從a向b滑動時，電流表中有電流，方向從上向下D當滑動觸頭停在b處時，電源的輸出功率一定大于滑動觸頭在a 處時電源的輸出功率20邊長為a的閉合金屬正三角形框架，完全處于垂直于框架平面的勻強磁場中，現(xiàn)把框架勻速拉出磁場，如圖所示，則選項圖中電動勢、外力、外力功率與位移圖象規(guī)律與這一過程相符合的是()21.如圖所示，A板發(fā)出的電子(重力不計)經(jīng)加速后，水平射入水平放置的兩平行金屬板M、N間，M、N之間有垂直紙面向里的勻強磁場，電子通過磁場后最終打在熒光屏P上，關于電子的運動
5、，下列說法中正確的是()A當滑動觸頭向右移動時，電子打在熒光屏的位置上升B當滑動觸頭向右移動時，電子通過磁場區(qū)域所用時間不變C若磁場的磁感應強度增大，則電子打在熒光屏上的速度大小不變D若磁場的磁感應強度增大，則電子打在熒光屏上的速度變大第卷三、非選擇題(包括必考題和選考題兩部分第22題第32題為必考題，每個試題考生都必須作答第33題第40題為選考題，考生根據(jù)要求作答)(一)必考題(11題，共129分)22. (5分)某同學用如圖甲所示裝置做超重實驗，通過數(shù)顯測力計讀出物塊上升過程中所受拉力，用光電門測出物塊上升的加速度，改變鉤碼的個數(shù)，可讀出多組數(shù)據(jù)，該同學作出了物塊的加速度和所受拉力的關系圖
6、線如圖乙所示，圖線與橫、縱軸交點坐標分別為c、b，b點坐標表示的意義是_；則所懸掛的物塊的質量為_；若把物塊的質量變?yōu)樵瓉淼囊话?，在圖乙中作出物塊的aF圖線23(10分)某同學要測量一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)阻，實驗器材僅有一個電壓表(內(nèi)阻很大)、一個電阻箱、一個開關和導線若干，該同學按如圖所示電路進行實驗，測得的數(shù)據(jù)如下表所示實驗次數(shù)12345R()2.04.06.08.010.0U(V)1.001.191.271.311.35U/R(A)0.500.300.210.160.13 (1)根據(jù)表中提供的數(shù)據(jù)，若利用圖象確定電池的電動勢和內(nèi)阻，則應作_圖象；AU BRUCR D.U(2)根據(jù)(1)，
7、利用測得的數(shù)據(jù)，在坐標紙上畫出適當?shù)膱D線；(3)由(2)中作出的圖象可知，該電池的電動勢E_V，內(nèi)阻r_.24. （14分）如圖所示，質量M8 kg的小車放在水平光滑的平面上，在小車左端加一水平推力F8 N，當小車向右運動的速度達到1.5 m/s時，在小車前端輕輕地放上一個大小不計，質量為m2 kg的小物塊，物塊與小車間的動摩擦因數(shù)0.2，小車足夠長(取g10 m/s2)求：(1)放上小物塊瞬間，小物塊與小車的加速度大小；(2)經(jīng)多長時間兩者達到相同的速度？(3)從小物塊放上小車開始，經(jīng)過t1.5 s小物塊通過的位移大小25. (18分)如圖所示，豎直平面內(nèi)有一直角坐標系xOy，在x0的區(qū)域內(nèi)
8、有一傾角為45的絕緣光滑斜面，斜面末端O處用一極小的平滑曲面連接，恰能使斜面末端水平在x0的廣泛區(qū)域內(nèi)存在正交的勻強磁場和勻強電場，磁場垂直于紙面向里，磁感應強度大小為B；電場沿豎直方向(圖中未畫出)，場強大小為E.電荷量為q(q0)的帶電小球從絕緣光滑斜面上某點由靜止開始下滑，小球經(jīng)斜面末端O點進入電場和磁場，之后做圓周運動，垂直于y軸離開電場和磁場，最后垂直打到絕緣光滑斜面上求：(1)小球從開始運動到垂直打到絕緣光滑斜面上所用的時間；(2)小球下滑的初始位置的坐標33.物理選修3-3（15分）（1）（6分）下列說法正確的是_(填入正確選項前的字母選對1個給3分，選對2個給4分，選對3個給6
9、分每選錯1個扣3分，最低得分為0分)A當人們感到潮濕時，空氣的絕對濕度一定較大B當人們感到干燥時，空氣的相對濕度一定較小C水的飽和汽壓隨溫度的升高而增大D晶體的物理性質都是各向異性的E露珠呈球狀是液體表面張力的作用（2）（9分）如圖所示，一定質量的理想氣體從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B，再由狀態(tài)B變化到狀態(tài)C.已知狀態(tài)A的溫度300 K.求氣體在狀態(tài)B的溫度；由狀態(tài)B變化到狀態(tài)C的過程中，氣體是吸熱還是放熱？簡要說明理由34.物理選修3-4（15分）（1）（6分）(1)(6分)振源S在O點做沿豎直方向的簡諧運動，頻率為10 Hz，t0時刻向右傳播的簡諧橫波如圖所示(向左傳播的簡諧橫波圖中未畫出)則以下說
10、法正確的是_(填入正確選項前的字母選對1個給3分，選對2個給4分，選對3個給6分；每選錯1個扣3分，最低得分為0分)At0時，x1 m處的質點振動方向向上B波速大小為20 m/sCt0.175 s時，x1 m處的質點處在波峰位置D若振源S向右勻速運動，在振源S右側靜止的接收者接收到的頻率大于10 HzE傳播過程中波只有遇到小于2 m的障礙物或小孔才能發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象(2)(9分)半徑為R的半圓柱形玻璃磚的截面如圖所示，O為圓心，光線沿半徑方向從a點射入玻璃磚后，恰好在O點發(fā)生全反射，另一條光線平行于光線從最高點b射入玻璃磚后，在底邊MN上的d點射出若測得Od，則該玻璃磚的折射率為多少？35.
11、物理選修3-5（15分）（1）（6分）目前，在居室裝潢中經(jīng)常用到花崗巖、大理石等裝飾材料，這些巖石都不同程度地含有放射性元素下列有關放射性知識的說法中正確的是()A. U衰變成Pb要經(jīng)過6次衰變和8次衰變B氡的半衰期為3.8天，若有16個氡原子核，經(jīng)過7.6天后一定只剩下4個氡原子核C放射性元素發(fā)生衰變時所釋放出的電子是原子核內(nèi)的中子轉化為質子時產(chǎn)生的D射線與射線一樣是電磁波，但穿透本領遠比射線弱E在原子核中，比結合能越小表示原子核中的核子結合得越牢固（2）（9分）如圖質量為的平板車B上表面水平，開始時靜止在光滑水平面上，在平板車左端靜止著一塊質量為的物體A，一顆質量為的子彈以的水平初速度射入
12、物體A，射穿A后速度變?yōu)関，已知A、B之間的動摩擦因數(shù)不為零，且A與B最終達到相對靜止求：子彈射穿物體A的瞬間物體A的速度；平板車B和物體A的最終速度(設車身足夠長)參考答案與解析14A【解析】由于“蛟龍”號以同樣速率勻速上升，則所受的阻力相等設纜繩的拉力為，運動過程中受到的阻力為.在勻速下降過程中有；在上升過程中有，聯(lián)立兩式解得，A正確15. BD【解析】不計空氣的阻力，空中的水僅受重力，故下落的加速度為g10 m/s2，A選項錯誤；水在豎直方向做自由落體運動，由hgt2t0.4 s，B選項正確；水從噴嘴噴出后，僅受重力作用，機械能守恒，重力勢能減小，動能增加，C選項錯誤；由平拋運動規(guī)律可得
13、Rv0tv010 m/s，D選項正確16D【解析】根據(jù)速度與時間的圖象，可以求出06 s內(nèi)物體的位移大小為30 m；根據(jù)拉力的功率與時間的圖象，可以求出06 s內(nèi)拉力做的功為70 J；02 s 內(nèi)，拉力的大小為5 N，大于滑動摩擦力的大小；由于26 s內(nèi)合外力不做功，所以合外力在06 s內(nèi)做的功與02 s內(nèi)做的功相等17AB【解析】a，25，a125a2，A項正確；由G得v，v1v2，B項正確；站在赤道上的人與“軌道康復者”都自西向東運動，“軌道康復者”線速度較大，可知C項錯誤；“軌道康復者”若在高軌道上加速，則做離心運動，到更高的軌道上去，不可能與低軌道上的衛(wèi)星對接，D項錯誤18D【解析】x
14、圖象的斜率表示電場強度，P點的電勢為零，但電場強度不為零，選項A錯誤；q1和q2不關于P點對稱，所以q1和q2不為等量異種電荷，選項B錯誤；NQ間場強方向沿x軸負方向，選項C錯誤；將一負電荷從N點移到F點，電勢先升高再降低，所以電場力先做正功后做負功，電勢能先減小后增大，選項D正確19C【解析】根據(jù)電路圖可知，A、B間電場強度方向水平向右，小球受電場力方向也向右，故小球帶正電，A錯誤當滑動觸頭從a向b滑動時，R1兩端電壓減小，板間場強減小，絕緣線的偏角變小，所以B錯誤當極板間電壓減小時，由QCU可知Q減小，電容器放電，電流表中有電流，方向從上向下，所以C正確由于電源的內(nèi)阻與外電阻的關系不確定，
15、所以無法判斷電源的輸出功率變化情況，D錯誤20B【解析】框架勻速拉出過程中，有效長度l均勻增加，由EBlv知，電動勢均勻變大，A錯，B對；因為勻速運動，則F外F安BIl，故外力F外隨位移x的增大而非線性增大，C錯；外力功率PF外v，v恒定不變，故P也隨位移x的增大而非線性增大，D錯21AC【解析】當滑動觸頭向右移動時，加速電壓變大，電子進入偏轉磁場時的速度變大，因此，軌跡半徑r變大，電子在磁場中的偏移距離變小，所以打在熒光屏上的位置上升，同時電子在磁場中運動軌跡的圓弧對應的圓心角變小，即運動時間變短，A正確，B錯誤；因為洛倫茲力不做功，所以只改變磁感應強度時，電子的速度大小不變，C正確，D錯誤
16、22g 如圖所示(過b點和Oc中點的直線)【解析】由牛頓第二定律Fmgma可得aFg，即圖象的斜率倒數(shù)為物塊質量，縱軸截距的絕對值為重力加速度，所以m，bg；重力加速度不變，縱軸截距不變，橫軸截距變?yōu)樵瓉淼囊话耄甭实牡箶?shù)變?yōu)樵瓉淼囊话?3(1)A (2)如圖所示 (3)1.47(1.461.48均可)0.94(0.901.00均可)【解析】(1)根據(jù)表中提供的數(shù)據(jù)，若利用圖象確定電池的電動勢和內(nèi)阻，則應作U圖象(3)根據(jù)閉合電路歐姆定律可以知道，電源的電動勢等于斷路電壓，所以由(2)中作出的圖象可知，該電池的電動勢E1.47 V，圖線的斜率表示測得的電源內(nèi)阻，內(nèi)阻r0.94 .24(1)2
17、m/s20.5 m/s2(2)1 s(3)2.1 m【解析】(1)小物塊的加速度2 m/s2(2分)小車的加速度0.5 m/s2(2分)(2)由 (2分)得t1 s(1分)(3)在開始1 s內(nèi)小物塊的位移來s11 m(2分)此時其速度vat2 m/s(1分)在接下來的0.5 s小物塊與小車相對靜止，一起做加速運動且加速度a0.8 m/s2(1分)這0.5 s內(nèi)的位移s2vt1at1.1 m(2分)則小物塊通過的總位移ss1s22.1 m(1分)25(1) (2) 【解析】(1)由于小球在磁場、電場和重力場中做勻速圓周運動，則mgqE(2分)設帶電小球進入x0區(qū)域的速度大小為v0，小球打到斜面時
18、，速度方向與斜面垂直，則tan，vygt，v0gttangt(2分)勻速圓周運動的軌道半徑r (2分)由圖知tan (2分)得t (1分)v0 (1分)在磁場中運動的時間t1 (1分)在斜面下滑時間t2 (1分)總時間t總tt1t2 (2分)(2)x軸：xgsincos (2分)y軸：yx (2分)所以小球下滑的初始位置為.33(1)BCE (2)1200 K放熱理由見解析【解析】(1) 潮濕時，空氣的相對濕度較大，干燥時，空氣的相對濕度較小，但絕對濕度大小不能確定，故A錯，B對；水的飽和汽壓隨溫度的升高而增大，C對；多晶體的物理性質各向同性，即使單晶體，也并不是所有物理性質都是各向異性，D錯
19、；液體表面張力使其表面積收縮到最小而呈球狀，故E對(2)由理想氣體的狀態(tài)方程 (2分)得氣體在狀態(tài)B的溫度1200 K(1分)由狀態(tài)B到狀態(tài)C，氣體做等容變化，由查理定律得，則600 K(3分)故氣體由狀態(tài)B到狀態(tài)C為等容變化，不做功，但溫度降低，內(nèi)能減小根據(jù)熱力學第一定律UWQ，U0，W0，故Q0，可知氣體要放熱(3分)34(1)ABD(2)2.03【解析】(1)由同側法可知，此時x1 m處的質點振動方向向上，A對；由公式vf得波速大小為20 m/s，所以B對；t0時，x1 m處的質點處在平衡位置，t0.175 sT時，應處在波谷位置，所以C錯誤；由多普勒效應可知，波源向接收者運動時，接收者
20、接收到的頻率大于波源的頻率，所以D對；障礙物或小孔的尺寸與波長接近時也可發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象，所以E錯誤(2)設光線的入射角和折射角分別為i和r，在bOd中，bdR，sinr (3分)由折射定律有n即sinin(3分)又因為光線與光線平行，且在O點恰好發(fā)生全反射，有sini，所以n，從而得到n2.03(3分)35(1)AC (2) 【解析】(1)由質量數(shù)、電荷數(shù)守恒知，A正確；少量原子核不適用衰變規(guī)律，故B錯誤；衰變方程為，故C正確；射線的實質是高速電子流，不是電磁波，故D錯誤；在原子核中，比結合能越大表示原子核中的核子結合得越牢固，E錯誤(2)子彈射穿物體A過程的時間極短，由動量的近似守恒得 (3分)解得： (1分)物體A在平板車B上滑行的過程中，因為地面光滑，且A、B最后相對靜止，故A、B組成的系統(tǒng)水平方向動量守恒，有 (3分)解得： (2分)
山東省2013年高考物理 考點權威預測十三
