《(課標通用)高考物理二輪復(fù)習(xí) 選擇題提分技巧 熱點4 牛頓運動定律的應(yīng)用(含解析)-人教版高三全冊物理試題》由會員分享,可在線閱讀,更多相關(guān)《(課標通用)高考物理二輪復(fù)習(xí) 選擇題提分技巧 熱點4 牛頓運動定律的應(yīng)用(含解析)-人教版高三全冊物理試題(5頁珍藏版)》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。
1、熱點4牛頓運動定律的應(yīng)用(建議用時:20分鐘)1(2019全國押題卷二)如圖所示,兩個質(zhì)量分別為m1、m2的物塊A和B通過一輕彈簧連接在一起并放置于水平傳送帶上,水平輕繩一端連接A,另一端固定在墻上,A、B與傳送帶間動摩擦因數(shù)均為.傳送帶順時針方向轉(zhuǎn)動,系統(tǒng)達到穩(wěn)定后,突然剪斷輕繩的瞬間,設(shè)A、B的加速度大小分別為aA和aB,(彈簧在彈性限度內(nèi),重力加速度為g)則()AaAg,aBgBaAg,aB0CaAg,aB0DaAg,aBgC解析 對物塊B分析,摩擦力與彈簧彈力平衡,有m2gkx,則x,以兩個物塊組成的整體為研究對象,則繩子的拉力T(m1m2)g;突然剪斷輕繩的瞬間,繩子的拉力減小為零,
2、而彈簧的彈力不變,則A受到的合外力與T大小相等,方向相反,則aA;B在水平方向仍然受到彈簧的拉力和傳送帶的摩擦力,合外力不變,仍然等于零,所以B的加速度仍然等于零,選項C正確,A、B、D錯誤2(2020安徽皖江名校聯(lián)考)如圖所示,水平地面上有靜止的18個相同的木塊排成一條直線接觸但不粘連,每個木塊的長度l0.5 m,質(zhì)量m1.2 kg,它們與地面間的動摩擦因數(shù)均為10.1,在右邊第一個木塊的右端放一質(zhì)量M1 kg的小鉛塊(可視為質(zhì)點),它與各木塊間的動摩擦因數(shù)均為20.5,現(xiàn)突然給小鉛塊一個向左的初速度v010 m/s,使其在木塊上滑行設(shè)木塊與地面間及小鉛塊與木塊間的最大靜摩擦力均等于滑動摩擦
3、力,重力加速度g10 m/s2,則()A小鉛塊相對木塊滑動時小鉛塊的加速度大小為10 m/s2B小鉛塊最多能帶動5個木塊運動C第10個木塊運動的速度大小為1 m/sD小鉛塊下的木塊剛發(fā)生運動時小鉛塊的瞬時速度大小為5 m/sD解析 設(shè)小鉛塊相對木塊滑動時加速度大小為a,由牛頓第二定律可得2MgMa,解得a5 m/s2,選項A錯誤;設(shè)小鉛塊滑動過程中,最多能帶動x個木塊運動,將x個木塊當作一個整體進行受力分析,當木塊運動時,則有2Mg1(xmgMg),解得xv1B電梯在上升,v1v2C電梯在下降,v1v2D電梯在下降,v2v1A解析 由圖可知,04 s物體超重,說明電梯開始勻加速上升,4 s末速
4、度達到最大值,在414 s電梯以最大速度勻速上升運動,在1418 s物體失重,說明電梯在勻減速上升,18 s末電梯靜止,選項C、D錯誤;由上述分析可知,電梯在2 s末的速度小于4 s末的速度,在8 s末的速度等于4 s末的速度,故電梯在2 s末的速度小于8 s末的速度,即v2v1,選項A正確,B錯誤5(2020黑龍江牡丹江一中開學(xué)考試)(多選)如圖所示,彈簧p和細繩q的上端固定在天花板上,下端用小鉤鉤住質(zhì)量為m的小球C,彈簧、細繩和小鉤的質(zhì)量均忽略不計靜止時p、q與豎直方向的夾角均為60.下列判斷正確的有()A若p和球突然脫鉤,則脫鉤后瞬間q對球的拉力大小為mgB若p和球突然脫鉤,則脫鉤后瞬間
5、球的加速度大小為gC若q和球突然脫鉤,則脫鉤后瞬間p對球的拉力大小為mgD若q和球突然脫鉤,則脫鉤后瞬間球的加速度大小為gBD解析 由題意可知,原來p、q對球的拉力大小均為mg,p和球脫鉤后,球?qū)㈤_始沿圓弧運動,將q受的力進行正交分解,如圖甲所示,則有Fmgcos 600,mgsin 60ma,解得Fmg,a g,選項A錯誤,B正確;q和球突然脫鉤后瞬間,p的拉力未來得及改變,仍為mg,根據(jù)力的合成,如圖乙所示,球所受合力為mg,則球的加速度大小為g,選項C錯誤,D正確6(2019重慶一中月考)(多選)傾角為的斜面體M靜止放在粗糙水平地面上,其斜面也是粗糙的已知質(zhì)量為m的物塊恰可沿其斜面勻速下
6、滑今對下滑的物塊m施加一個向左的水平拉力F,物塊仍沿斜面向下運動,斜面體M始終保持靜止則此時()A物塊m下滑的加速度等于B物塊m下滑的加速度大于C水平面對斜面體M的靜摩擦力方向水平向右D水平面對斜面體M的靜摩擦力大小為零BD解析 由題意知,物塊恰能夠沿斜面勻速下滑,得mgsin mgcos ,施加拉力F后,mgsin Fcos (mgcos Fsin )ma,解得a,選項A錯誤,B正確;以斜面體為研究對象,受物塊的摩擦力沿斜面向下為Ff(mgcos Fsin ),正壓力FNmgcos Fsin ,又tan ,把摩擦力和壓力求和,方向豎直向下,所以斜面體在水平方向沒有運動的趨勢,故不受地面的摩擦
7、力,選項D正確,C錯誤7(2020安徽六安一中開學(xué)考試)(多選)如圖所示,將小砝碼放在桌面上的薄紙板上,若砝碼和紙板的質(zhì)量分別為M和m,各接觸面間的動摩擦因數(shù)均為,砝碼到紙板左端的距離和到桌面右端的距離均為d.現(xiàn)用水平向右的恒定拉力F拉動紙板,g為重力加速度,下列說法正確的是()A紙板相對砝碼運動時,紙板所受摩擦力的大小為(Mm)gB要使紙板相對砝碼運動,F(xiàn)一定大于2(Mm)gC若砝碼與紙板分離時的速度小于,砝碼不會從桌面上掉下D當F(2M3m)g時,砝碼最終不會從桌面邊緣滑落BC解析 當紙板相對砝碼運動時,紙板所受的摩擦力為(Mm)gMg(2Mm)g,選項A錯誤;設(shè)砝碼的加速度為a1,紙板的加速度為a2,則有MgMa1,F(xiàn)Mg(Mm)gma2,發(fā)生相對運動需要a2a1,解得F2(Mm)g,選項B正確;若砝碼與紙板分離時的速度小于,砝碼做勻加速運動的位移小于,根據(jù)對稱性可知,做勻減速運動的位移也小于,則砝碼的總位移小于d,不會從桌面上掉下,選項C正確;當F(2M3m)g時,砝碼未脫離紙板時的加速度a1g,紙板的加速度a22g,根據(jù)a2t2a1t2d,解得t,則砝碼向右做勻加速運動的位移為xa1t2d,已到達桌面邊緣,則此時砝碼的速度va1t,則砝碼脫離紙板后繼續(xù)向右運動,會從桌面邊緣滑落,選項D錯誤