高考物理一輪復(fù)習(xí) 微專題4 動力學(xué)中?？嫉摹叭齻€物理模型”練習(xí) 新人教版

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1、微專題四 動力學(xué)中?？嫉摹叭齻€物理模型”A級基礎(chǔ)練1(08786280)(2018湖南衡陽聯(lián)考)如圖甲所示，將一物塊P輕輕放在水平足夠長的傳送帶上，取向右為速度的正方向，物塊P最初一段時間的速度時間圖象如圖乙所示，關(guān)于傳送帶的運動情況描述正確的是 ()A一定是向右的勻加速運動B可能是向右的勻速運動C一定是向左的勻加速運動D可能是向左的勻速運動解析：A由題意可知：物塊P向右做加速運動，初始做加速度為g的加速運動，然后與傳送帶相對靜止一起向右做勻加速運動，故A正確2(08786281)(2018河南信陽高級中學(xué)大考)身體素質(zhì)拓展訓(xùn)練中，人從豎直墻壁的頂點A沿光滑桿自由下滑到傾斜的木板上(人可看成質(zhì)

2、點)，若木板的傾斜角不同，人沿著三條不同路徑AB、AC、AD滑到木板上的時間分別為t1、t2、t3，若已知AB、AC、AD與板的夾角分別為70、90和105，則() At1t2t3Bt1t2t2t3，A正確3帶式傳送機是在一定的線路上連續(xù)輸送物料的搬運機械，又稱連續(xù)輸送機如圖所示，一條足夠長的淺色水平傳送帶自左向右勻速運行現(xiàn)將一個木炭包無初速度地放在傳送帶上，木炭包在傳送帶上將會留下一段黑色的徑跡下列說法正確的是()A黑色的徑跡將出現(xiàn)在木炭包的左側(cè)B木炭包的質(zhì)量越大，徑跡的長度越短C木炭包與傳送帶間動摩擦因數(shù)越大，徑跡的長度越短D傳送帶運動的速度越大，徑跡的長度越短解析：C剛放上木炭包時，木炭

3、包的速度慢，傳送帶的速度快，木炭包相對傳送帶向后滑動，所以黑色的徑跡將出現(xiàn)在木炭包的右側(cè)，所以A錯誤木炭包在傳送帶上運動靠的是與傳送帶之間的摩擦力，摩擦力作為它的合力產(chǎn)生加速度，所以由牛頓第二定律知，mgma，所以ag，當(dāng)達(dá)到共同速度時，不再有相對滑動，由v22ax得，木炭包位移x木，設(shè)相對滑動時間為t，由vat得t，此時傳送帶的位移為x傳vt，所以相對滑動的位移是xx傳x木，由此可知，黑色的徑跡與木炭包的質(zhì)量無關(guān)，所以B錯誤木炭包與傳送帶間的動摩擦因數(shù)越大，徑跡的長度越短，所以C正確傳送帶運動的速度越大，徑跡的長度越長，所以D錯誤4(08786282)(2018唐山一中模擬)一皮帶傳送裝置如

4、圖所示，輕彈簧一端固定，另一端連接一個質(zhì)量為m的滑塊，已知滑塊與皮帶之間存在摩擦現(xiàn)將滑塊輕放在皮帶上，彈簧恰好處于自然長度且軸線水平若在彈簧從自然長度到第一次達(dá)到最長的過程中，滑塊始終未與皮帶達(dá)到共速，則在此過程中滑塊的速度和加速度變化情況是 () A速度增大，加速度增大B速度增大，加速度減小C速度先增大后減小，加速度先增大后減小D速度先增大后減小，加速度先減小后增大解析：D因滑塊始終未與皮帶達(dá)到共速，故滑塊始終受到水平向左的滑動摩擦力，由mgkxma可知，滑塊的加速度先減小后反向增大，而滑塊的速度先增大后減小，直到速度為零，故只有D項正確5如圖所示，在光滑平面上有一靜止小車，小車上靜止地放置

5、著一小物塊，物塊和小車間的動摩擦因數(shù)為0.3，用水平恒力F拉動小車，物塊的加速度為a1，小車的加速度為a2.當(dāng)水平恒力F取不同值時，a1與a2的值可能為(當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭取10 m/s2)() Aa12 m/s2，a23 m/s2Ba13 m/s2，a22 m/s2Ca15 m/s2，a23 m/s2Da13 m/s2，a25 m/s2解析：D當(dāng)F3 m/s2，故C錯誤，D正確6如圖所示，物塊A放在木板B上，A、B的質(zhì)量均為m，A、B之間的動摩擦因數(shù)為，B與地面之間的動摩擦因數(shù)為.若將水平力作用在A上，使A剛好要相對B滑動，此時A的加速度為a1；若將水平力作用在B上，使B剛好要相對A滑動，此時

6、B的加速度為a2，則a1與a2的比為() A11B23C13 D32解析：C當(dāng)水平力作用在A上，使A剛好要相對B滑動，臨界情況是A、B的加速度相等隔離對B分析，B的加速度為aBa1g.當(dāng)水平力作用在B上，使B剛好要相對A滑動，此時A、B間的摩擦力剛好達(dá)到最大，A、B的加速度相等，有a1a2g，可得a1a213.故選C.7(08786283)(多選)(2018鹽城1月檢測)如圖甲所示，以速度v逆時針勻速轉(zhuǎn)動的足夠長的傳送帶與水平面的夾角為.現(xiàn)將一個質(zhì)量為m的小木塊輕輕地放在傳送帶的上端，小木塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為，則乙圖中能夠正確地描述小木塊的速度隨時間變化關(guān)系的圖線可能是()解析：CD木塊

7、放上后一定先向下加速，由于傳送帶足夠長，所以一定有木塊速度大小等于傳送帶速度大小的機會，此時若重力沿傳送帶向下的分力大小大于最大靜摩擦力，則之后木塊繼續(xù)加速，但加速度變小了；而若重力沿傳送帶向下的分力大小小于或等于最大靜摩擦力，則木塊將隨傳送帶勻速運動，故C、D項正確，A、B項錯誤8(08786284)(多選)如圖甲所示，足夠長的木板B靜置于光滑水平面上，其上放置小滑塊A.木板B受到隨時間t變化的水平拉力F作用時，用傳感器測出木板B的加速度a，得到如圖乙所示的aF圖象，已知g取10 m/s2，則()甲乙A滑塊A的質(zhì)量為4 kgB木板B的質(zhì)量為1 kgC當(dāng)F10 N時木板B的加速度為4 m/s2

8、D滑塊A與木板B間的動摩擦因數(shù)為0.1解析：BC當(dāng)F8 N時，加速度為a2 m/s2，對整體分析，由牛頓第二定律有F(Mm)a，代入數(shù)據(jù)解得Mm4 kg，當(dāng)F8 N時，對B根據(jù)牛頓第二定律得aF，由題圖圖象可知，圖線的斜率kkg11 kg1，解得M1 kg，滑塊的質(zhì)量為m3 kg，故A錯誤，B正確；根據(jù)F大于8 N時的圖線知，F(xiàn)6 N時a0，即06，代入數(shù)據(jù)解得0.2，故選項D錯誤；由圖示圖象可知，當(dāng)F10 N時，滑塊與木板相對滑動，B滑動的加速度為a10 m/s2 m/s24 m/s2，故C正確B級能力練9(08786285)(多選)(2018河北唐山一中調(diào)研)如圖所示，將小砝碼放在桌面上的

9、薄紙板上，若砝碼和紙板的質(zhì)量分別為M和m，各接觸面間的動摩擦因數(shù)均為，砝碼到紙板左端的距離和到桌面右端的距離均為d.現(xiàn)用水平向右的恒定拉力F拉動紙板，下列說法正確的是() A紙板相對砝碼運動時，紙板所受摩擦力的大小為(Mm)gB要使紙板相對砝碼運動，F(xiàn)一定大于2(Mm)gC若砝碼與紙板分離時的速度小于，砝碼不會從桌面上掉下D當(dāng)F(2M3m)g時，砝碼恰好到達(dá)桌面邊緣解析：BC對紙板分析，當(dāng)紙板相對砝碼運動時，所受的摩擦力為(Mm)gMg，故A錯誤設(shè)砝碼的加速度為a1，紙板的加速度為a2，則有：f1Ma1，F(xiàn)f1f2ma2，發(fā)生相對運動需要a2a1，代入數(shù)據(jù)解得：F2(Mm)g，故B正確若砝碼與

10、紙板分離時的速度小于，砝碼勻加速運動的位移小于，勻減速運動的位移小于，則總位移小于d，不會從桌面上掉下，故C正確當(dāng)F(2M3m)g時，砝碼未脫離紙板時的加速度a1g，紙板的加速度a22g，根據(jù)a2t2a1t2d，解得t ，則此時砝碼的速度va1t，砝碼脫離紙板后做勻減速運動，勻減速運動的加速度大小ag，則勻減速運動的位移xd，而勻加速運動的位移xa1t2d，可知砝碼離開桌面，D錯誤10(08786286)(多選)如圖所示，三角形傳送帶以1 m/s的速度逆時針勻速轉(zhuǎn)動，兩邊傾斜的傳送帶長都是2 m且與水平方向的夾角均為37.現(xiàn)有兩個小物塊A、B從傳送帶頂端都以1 m/s的初速度沿傳送帶下滑，兩物

11、塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)都是0.5，g取10 m/s2，sin 370.6，cos 370.8.下列判斷正確的是()A物塊A先到達(dá)傳送帶底端B物塊A、B同時到達(dá)傳送帶底端C傳送帶對物塊A、B的摩擦力都沿傳送帶向上D物塊A下滑過程中相對傳送帶的路程小于物塊B下滑過程中相對傳送帶的路程解析：BCDA、B都以1 m/s的初速度沿傳送帶下滑，故傳送帶對兩物塊的滑動摩擦力均沿傳送帶向上，大小也相等，故兩物塊沿傳送帶向下的加速度大小相同，滑到底端時位移大小相同，故時間相同，故A錯誤，B、C正確；A物塊與傳送帶運動方向相同，相對路程較小，故D正確11(2018安徽合肥質(zhì)檢)如圖所示，某皮帶傳動裝置與水平面夾

12、角為30，兩輪軸心相距L2 m，A、B分別是傳送帶與兩輪的切點，傳送帶不打滑現(xiàn)傳送帶沿順時針方向以v2.5 m/s的速度勻速轉(zhuǎn)動，將一小物塊輕輕地放置于A點，小物塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)，g取10 m/s2.試求：(1)小物塊運動至B點的時間；(2)若傳送帶速度可以任意調(diào)節(jié)，當(dāng)小物塊在A點以v03 m/s的速度沿傳送帶向上運動時，小物塊到達(dá)B點的速度范圍解析：(1)剛開始小物塊沿傳送帶向上做勻加速直線運動，設(shè)加速度為a1，根據(jù)牛頓第二定律有mgcos 30mgsin 30ma1，解得a12.5 m/s2.設(shè)小物塊速度等于2.5 m/s時，小物塊對地位移為L1，用時為t1，則t1 s1 s.L1

13、m1.25 m，因L1L且tan 30，故小物塊速度等于2.5 m/s時，將做勻速直線運動至B點，設(shè)用時為t2，則t20.3 s，故小物塊從A到B所用時間為tt1t21.3 s.(2)由于傳送帶速度可以任意調(diào)節(jié)，則小物塊從A到B一直做勻加速直線運動，到達(dá)B點的速度最大由牛頓第二定律及運動學(xué)公式有vv2a1L，解得vB8 m/s.小物塊從A到B一直做勻減速直線運動，到達(dá)B點的速度最小，由牛頓第二定律有mgsin 30mgcos 30ma2，解得a212.5 m/s2.由運動學(xué)公式可知vv2a2L，解得vB2 m/s.即小物塊到達(dá)B點的速度范圍為2 m/svB8 m/s.答案：(1)1.3 s(2

14、)2 m/svB8 m/s12(08786287)(2018河南中原名校聯(lián)考)如圖所示，質(zhì)量M1 kg的木板靜置于傾角37、足夠長的固定光滑斜面底端質(zhì)量m1 kg的小物塊(可視為質(zhì)點)以初速度v04 m/s從木板的下端沖上木板，同時在木板上端施加一個沿斜面向上的F3.2 N的恒力若小物塊恰好不從木板的上端滑下，求木板的長度l為多少？已知小物塊與木板之間的動摩擦因數(shù)0.8，重力加速度g取10 m/s2，sin 370.6，cos 370.8. 解析：由題意，小物塊向上做勻減速運動，木板向上做勻加速運動，當(dāng)小物塊運動到木板的上端時，恰好和木板共速設(shè)小物塊的加速度為a，由牛頓第二定律得，mgsin

15、mgcos ma，設(shè)木板的加速度為a，由牛頓第二定律得，F(xiàn)mgcos Mgsin Ma，設(shè)二者共速時的速度為v，經(jīng)歷的時間為t，由運動學(xué)公式得vv0at，vat；小物塊的位移為s，木板的位移為s，由運動學(xué)公式得，sv0tat2，sat2；小物塊恰好不從木板上端滑下，有ssl，聯(lián)立解得l0.5 m.答案：0.5 m6EDBC3191F2351DD815FF33D4435F3756EDBC3191F2351DD815FF33D4435F3756EDBC3191F2351DD815FF33D4435F3756EDBC3191F2351DD815FF33D4435F3756EDBC3191F2351DD815FF33D4435F3756EDBC3191F2351DD815FF33D4435F375