《創(chuàng)新方案高考人教版數(shù)學文總復習練習：第八章 解析幾何 課時作業(yè)47 Word版含解析》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《創(chuàng)新方案高考人教版數(shù)學文總復習練習：第八章 解析幾何 課時作業(yè)47 Word版含解析（13頁珍藏版）》請在裝配圖網上搜索。
1、課時作業(yè)47直線與圓、圓與圓的位置關系1若直線xmy2m與圓x2y22x2y10相交，則實數(shù)m的取值范圍為(D)A(，) B(，0)C(0，) D(，0)(0，)解析：圓的標準方程為(x1)2(y1)21，圓心C(1,1)，半徑r1.因為直線與圓相交，所以dr1.解得m0或m0，故選D.2平行于直線2xy10且與圓x2y25相切的直線的方程是(A)A2xy50或2xy50B2xy0或2xy0C2xy50或2xy50D2xy0或2xy0解析：切線平行于直線2xy10，故可設切線方程為2xyc0(c1)，結合題意可得，解得c5.故選A.3若a2b22c2(c0)，則直線axbyc0被圓x2y21所
2、截得的弦長為(D)A. B1C. D.解析：因為圓心(0,0)到直線axbyc0的距離d，因此根據(jù)直角三角形的關系，弦長的一半就等于，所以弦長為.4過三點A(1,3)，B(4,2)，C(1，7)的圓交y軸于M，N兩點，則|MN|(C)A2 B8C4 D10解析：方法一：設圓的方程為x2y2DxEyF0，將點A(1,3)，B(4,2)，C(1，7)的坐標代入得方程組解得所以圓的方程為x2y22x4y200，即(x1)2(y2)225，所以|MN|24.方法二：因為kAB，kBC3，所以kABkBC1，所以ABBC，所以ABC為直角三角形，所以ABC的外接圓圓心為AC的中點(1，2)，半徑r|AC
3、|5，所以|MN|24.方法三：由0得ABBC，下同方法二5(2019湖北四地七校聯(lián)考)若圓O1：x2y25與圓O2：(xm)2y220相交于A，B兩點，且兩圓在點A處的切線互相垂直，則線段AB的長度是(B)A3 B4C2 D8解析：連接O1A、O2A，如圖，由于O1與O2在點A處的切線互相垂直，因此O1AO2A，所以O1OO1A2O2A2，即m252025，設AB交x軸于點C.在RtO1AO2中，sinAO2O1，在RtACO2中，ACAO2sinAO2O122，AB2AC4.故選B.6(2019山西太原五中模擬)已知kR，點P(a，b)是直線xy2k與圓x2y2k22k3的公共點，則ab的
4、最大值為(B)A15 B9C1 D解析：由題意得，原點到直線xy2k的距離d，且k22k30，解得3k1，因為2ab(ab)2(a2b2)4k2(k22k3)3k22k3，所以當k3時，ab取得最大值9，故選B.7(2019河南鄭州外國語中學調研)已知圓C1：(x2a)2y24和圓C2：x2(yb)21只有一條公切線，若a，bR且ab0，則的最小值為(D)A2 B4C8 D9解析：由題意可知，圓C1的圓心為(2a,0)，半徑為2，圓C2的圓心為(0，b)，半徑為1，因為兩圓只有一條公切線，所以兩圓內切，所以21，即4a2b21.所以(4a2b2)5529，當且僅當，且4a2b21，即a2，b2
5、時等號成立，所以的最小值為9，故選D.8在平面直角坐標系xOy中，點A(0,3)，直線l：y2x4，設圓C的半徑為1，圓心在l上若圓C上存在點M，使MA2MO，則圓心C的橫坐標a的取值范圍是(A)A. B0,1C. D.解析：因為圓心在直線y2x4上，所以圓C的方程為(xa)2y2(a2)21.設點M(x，y)，因為MA2MO，所以2，化簡得x2y22y30，即x2(y1)24，所以點M在以D(0，1)為圓心，2為半徑的圓上由題意，點M(x，y)在圓C上，所以圓C與圓D有公共點，則|21|CD21，即13.由1得5a212a80，解得aR；由3得5a212a0，解得0a.所以點C的橫坐標a的取
6、值范圍為.故選A.9已知圓C1：x2y22x10y240和圓C2：x2y22x2y80，則兩圓的公共弦長為2.解析：兩式相減整理得x2y40，即為兩圓公共弦所在直線的方程解法一：設兩圓相交于點A，B，則A，B兩點的坐標滿足方程組解得或所以|AB|2，即公共弦長為2.解法二：由x2y22x10y240，得圓心坐標為(1，5)，半徑r5.圓心到直線x2y40的距離d3，設兩圓的公共弦長為l，由r2d22，得l222，即兩圓的公共弦長為2.10(2019湖南湘中名校聯(lián)考)已知m0，n0，若直線(m1)x(n1)y20與圓(x1)2(y1)21相切，則mn的取值范圍是22，)解析：因為m0，n0，直線
7、(m1)x(n1)y20與圓(x1)2(y1)21相切，所以圓心C(1,1)到直線的距離為半徑1，所以1，即|mn|.兩邊平方并整理得mnmn1.由基本不等式mn2可得mn12，即(mn)24(mn)40，解得mn22.當且僅當mn時等號成立11(2019廣東深圳聯(lián)考)如圖，直角三角形ABC的頂點A的坐標為(2,0)，直角頂點B的坐標為(0，2)，頂點C在x軸上，點P為線段OA的中點(1)求BC邊所在直線方程；(2)若M為直角三角形ABC外接圓的圓心，求圓M的方程；(3)在(2)的條件下，若動圓N過點P且與圓M內切，求動圓N的圓心的軌跡方程解：(1)易知kAB，ABBC，kCB，BC邊所在直線
8、方程為yx2.(2)由(1)及題意得C(4,0)，M(1,0)，又AM3，外接圓M的方程為(x1)2y29.(3)圓N過點P(1,0)，PN是動圓的半徑，又動圓N與圓M內切，MN3PN，即MNPN3，點N的軌跡是以M，P為焦點，長軸長為3的橢圓P(1,0)，M(1,0)，a，c1，b，所求軌跡方程為1，即1.12(2019河北武邑中學模擬)已知H被直線xy10，xy30分成面積相等的四部分，且截x軸所得線段的長為2.(1)求H的方程；(2)若存在過點P(a,0)的直線與H相交于M，N兩點，且|PM|MN|，求實數(shù)a的取值范圍解：(1)設H的方程為(xm)2(yn)2r2(r0)，因為H被直線x
9、y10，xy30分成面積相等的四部分，所以圓心H(m，n)一定是兩互相垂直的直線xy10，xy30的交點，易得交點坐標為(2,1)，所以m2，n1.又H截x軸所得線段的長為2，所以r212n22.所以H的方程為(x2)2(y1)22.(2)設N(x0，y0)，由題意易知點M是PN的中點，所以M.因為M，N兩點均在H上，所以(x02)2(y01)22，222，即(x0a4)2(y02)28，設I：(xa4)2(y2)28，由知H與I：(xa4)2(y2)28有公共點，從而2|HI|2，即3，整理可得2a24a518，解得2a1或3a2，所以實數(shù)a的取值范圍是2，13,213若a，b是正數(shù)，直線2
10、axby20被圓x2y24截得的弦長為2，則ta取得最大值時a的值為(D)A. B.C. D.解析：由已知可得圓心到直線2axby20的距離d，則直線被圓截得的弦長為22，化簡得4a2b24.ta(2a)(2a)2()2(8a22b21)，當且僅當時等號成立，即t取最大值，此時a(舍負)，故選D.14(2019江西新余五校聯(lián)考)已知圓O：x2y29，過點C(2,1)的直線l與圓O交于P，Q兩點，當OPQ的面積最大時，直線l的方程為(D)Axy30或7xy150Bxy30或7xy150Cxy30或7xy150Dxy30或7xy150解析：當直線l的斜率不存在時，l的方程為x2，則P，Q的坐標為(
11、2，)，(2，)，所以SOPQ222.當直線l的斜率存在時，設l的方程為y1k(x2)，則圓心到直線PQ的距離d，由平面幾何知識得|PQ|2，SOPQ|PQ|d2d ，當且僅當9d2d2，即d2時，SOPQ取得最大值.因為2，所以SOPQ的最大值為，此時，解得k1或k7，此時直線l的方程為xy30或7xy150.15在平面直角坐標系xOy中，A(12,0)，B(0,6)，點P在圓O：x2y250上若20，則點P的橫坐標的取值范圍是5，1解析：解法一：設P(x，y)，則由20可得，(12x)(x)(y)(6y)20，即(x6)2(y3)265，所以P為圓(x6)2(y3)265上或其內部一點又點
12、P在圓x2y250上，聯(lián)立得解得或即P為圓x2y250的劣弧MN上的一點(如圖)，易知5x1.解法二：設P(x，y)，則由20，可得(12x)(x)(y)(6y)20，即x212xy26y20，由于點P在圓x2y250上，故12x6y300，即2xy50，點P為圓x2y250上且滿足2xy50的點，即P為圓x2y250的劣弧MN上的一點(如圖)，同解法一，可得N(1,7)，M(5，5)，易知5x1.16已知點G(5,4)，圓C1：(x1)2(y4)225，過點G的動直線l與圓C1相交于E，F(xiàn)兩點，線段EF的中點為C，且C在圓C2上(1)若直線mxny10(mn0)經過點G，求mn的最大值；(2
13、)求圓C2的方程；(3)若過點A(1,0)的直線l1與圓C2相交于P，Q兩點，線段PQ的中點為M.l1與l2：x2y20的交點為N，求證：|AM|AN|為定值解：(1)點G(5,4)在直線mxny10上，5m4n1,5m4n2(當且僅當5m4n時取等號)，180mn，即mn，(mn)max.(2)由已知得圓C1的圓心為(1,4)，半徑為5，設C(x，y)，則(x1，y4)，(5x,4y)，由題設知0，(x1)(5x)(y4)(4y)0，即(x3)2(y4)24，C2的方程是(x3)2(y4)24.(3)證明：當直線l1的斜率不存在時，直線l1與圓C2相切，當直線l1的斜率為0時，直線l1與圓C2相離，故設直線l1的方程為kxyk0(k0)由直線l1與圓C2相交，得2，解得k.由得N，又直線C2M與l1垂直，由得M，|AM|AN|6(定值)
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