江蘇省2020版高考物理三輪復(fù)習(xí) 小卷綜合練（四）（含解析）

小卷綜合練(四)(建議用時：30分鐘)一、單項(xiàng)選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分每小題只有一個選項(xiàng)符合題意1如圖所示，長木板靜止于光滑水平地面，滑塊疊放在木板右端，現(xiàn)對木板施加水平恒力，使它們向右運(yùn)動當(dāng)滑塊與木板分離時，滑塊相對地面的位移為x、速度為v.若只減小滑塊質(zhì)量，重新拉動木板，滑塊與木板分離時()Ax變小，v變小Bx變大，v變大Cx變小，v變大 Dx變大，v變小2甲、乙兩質(zhì)點(diǎn)在同一地點(diǎn)同一時間在外力作用下做勻變速直線運(yùn)動，運(yùn)動的時間為t，位移為x，甲、乙兩質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動的t圖象如圖所示，下列說法正確的是()A甲質(zhì)點(diǎn)的加速度大小為B乙質(zhì)點(diǎn)的初速度大小為cCt時甲、乙兩質(zhì)點(diǎn)相遇Dtd時甲、乙兩質(zhì)點(diǎn)同向運(yùn)動3空間有一水平勻強(qiáng)電場，范圍足夠大，場中有一粒子源，某時刻釋放出速度大小相同的同種帶電粒子，速度方向沿垂直于豎直面內(nèi)各方向，粒子的重力不計，如圖所示，則()A同一時刻所有粒子的動量相同B同一時刻所有粒子的位移相同C同一時刻所有粒子到達(dá)同一等勢面上D同一時刻所有粒子到達(dá)同一水平面上4半徑為R的某均勻球形天體上，兩“極點(diǎn)”處的重力加速度大小為g，“赤道”處的重力加速度大小為“極點(diǎn)”處的.已知引力常量為G，則下列說法正確的是()A該天體的質(zhì)量為B該天體的平均密度為C該天體的第一宇宙速度為 D該天體的自轉(zhuǎn)周期為25如圖所示的電路中，電源電動勢為E、內(nèi)阻為r，R0為定值電阻，電容器的電容為C，閉合開關(guān)S，增大可變電阻R的阻值，電壓表示數(shù)的變化量為U，電流表示數(shù)的變化量為I，則()A電壓表示數(shù)U和電流表示數(shù)I的比值不變B變化過程中U和I的比值增大C電容器的電荷量增加，增加量為CUD電阻R0兩端電壓減小，減小量為U二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題4分，共計16分每小題有多個選項(xiàng)符合題意全部選對的得4分，選對但不全的得2分，錯選或不答的得0分6如圖所示，半圓形容器固定在地面上，一物塊從容器邊緣A點(diǎn)以向下的初速度開始運(yùn)動，恰好能沿容器內(nèi)壁以大小不變的速度運(yùn)動到容器底部O點(diǎn)，則在物塊下滑過程中，下列說法正確的是()A物塊受到的合外力越來越小B重力做功的瞬時功率越來越小C重力與摩擦力的合力越來越大D克服摩擦力做功的功率越來越大7如圖所示為一物體做直線運(yùn)動的vt圖象，則關(guān)于該物體的運(yùn)動，下列說法中正確的是()A該物體810 s內(nèi)的位移為6 mB該物體68 s內(nèi)的加速度最大C該物體9 s末離出發(fā)點(diǎn)最遠(yuǎn)D該物體610 s內(nèi)的平均速度為2 m/s8一輕彈簧的一端固定在傾角為的固定光滑斜面的底部擋板上，另一端和質(zhì)量為m的小物塊a相連，質(zhì)量為M的小物塊b位于光滑斜面上，小物塊a、b之間相距x.小物塊b在斜面上由靜止沿斜面下滑，與a碰后一起沿斜面下滑但不粘連，壓縮彈簧到最低點(diǎn)后兩物塊沿斜面上滑時分離下列說法正確的是()A僅x越大，a、b碰撞損失的機(jī)械能越大B僅M越大，a、b碰后小物塊a的動能越大C僅x越大，a、b碰后小物塊a的最大動能位置越靠近擋板D僅M越大，a、b碰后上滑分離處越遠(yuǎn)離擋板9如圖所示，間距為d的兩根平行金屬導(dǎo)軌置于水平面內(nèi)，導(dǎo)軌之間接有電阻R.質(zhì)量為m的金屬棒ab與兩導(dǎo)軌垂直并保持良好接觸，整個裝置放在勻強(qiáng)磁場中，磁場方向垂直于導(dǎo)軌平面向下金屬棒ab與導(dǎo)軌間的動摩擦因數(shù)為，位于導(dǎo)軌間金屬棒ab的電阻為R，重力加速度為g，金屬棒ab以初速度v0沿導(dǎo)軌向右運(yùn)動位移x速度減小為零下列說法正確的是()Aab中的感應(yīng)電流方向由a到bB通過電阻R的電荷量為C金屬棒產(chǎn)生的焦耳熱為mvmgxD金屬棒運(yùn)動的時間為三、實(shí)驗(yàn)題：共18分10(8分)學(xué)校開展研究性學(xué)習(xí)，某同學(xué)為了探究桿子轉(zhuǎn)動時的動能表達(dá)式，設(shè)計了圖甲所示的實(shí)驗(yàn)：質(zhì)量為m的均勻長直桿一端固定在轉(zhuǎn)軸O處，桿由水平位置靜止釋放，用置于圓弧上某位置的光電門測出另一端A經(jīng)過該位置時的瞬時速度vA，并記下該位置與轉(zhuǎn)軸O的高度差h.(1)該同學(xué)用20分度的游標(biāo)卡尺測得長直桿的橫截面的直徑如圖乙為_mm.(2)調(diào)節(jié)光電門在圓弧上的位置，測得多組數(shù)據(jù)如表格所示請選擇適當(dāng)?shù)臄?shù)據(jù)處理方法，猜想并寫出vA與h的函數(shù)關(guān)系等式為_組次12345h/m0 .100.150.200.250.30vA/(m/s)1.732.122.462.743.00(3)當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭取10 m/s2，不計一切摩擦，結(jié)合你找出的函數(shù)關(guān)系式，根據(jù)守恒規(guī)律寫出此桿轉(zhuǎn)動時動能的表達(dá)式Ek_(請用數(shù)字、質(zhì)量m、速度vA表示)11(10分)某同學(xué)設(shè)計了如圖甲所示的電路測電池組的電動勢和內(nèi)阻丙(1)連接的實(shí)物圖如圖乙所示，請?jiān)趫D乙上完成電路連線(2)若定值電阻R0的電阻為10 ，依據(jù)電壓表和電流表的讀數(shù)，建立UI的坐標(biāo)，描出相應(yīng)的數(shù)據(jù)點(diǎn)，如圖丙，請你在丙圖中正確繪出圖象(3)由圖象可知，該電源的電動勢E_ V，r_ .(保留2位有效數(shù)字)小卷綜合練(四)1解析：選A.長木板和滑塊做初速度為0的勻加速直線運(yùn)動，根據(jù)牛頓第二定律得滑塊的加速度a1g，長木板加速度a2，由運(yùn)動學(xué)公式可得滑塊與木板分離時，滑塊相對地面的位移為xa1t2，滑塊相對長木板的位移為La2t2a1t2，滑塊相對地面的速度va1t，若只減小滑塊質(zhì)量，再次拉動木板，根據(jù)牛頓第二定律得滑塊的加速度a1g不變，長木板加速度a2變大，由滑塊相對長木板的位移為La2t2a1t2可得運(yùn)動時間變小，滑塊相對地面的位移為xa1t2變小，滑塊相對地面的速度為va1t變小，故A正確，B、C、D錯誤2解析：選B.根據(jù)xv0tat2可知atv0，故甲質(zhì)點(diǎn)的初速度為v00，加速度為a，乙質(zhì)點(diǎn)的初速度為v0c，加速度為a，選項(xiàng)A錯誤，選項(xiàng)B正確；根據(jù)at2v0tat2解得t，選項(xiàng)C錯誤；td時，乙質(zhì)點(diǎn)反向運(yùn)動，而甲沒有反向運(yùn)動，選項(xiàng)D錯誤3解析：選C.粒子射出時速度均垂直于電場E，均受沿E所在方向的電場力，故所有粒子均做類平拋運(yùn)動，在平行于E方向粒子做初速度為零的勻加速運(yùn)動，同一時刻到達(dá)位置均在同一等勢面上，故C正確；垂直于E方向粒子均做勻速直線運(yùn)動，故粒子在同一時刻位置組成一圓面，在豎直方向且垂直于E，故D錯誤；粒子位移均從粒子源指向圓上各點(diǎn)，即一錐面母線，速度方向也不同，故A、B錯誤4解析：選D.在兩極點(diǎn)處有：Gmg，解得該天體的質(zhì)量為：M，故A錯誤；該天體的平均密度為：，故B錯誤；由mgm，解得該天體的第一宇宙速度為：v，選項(xiàng)C錯誤；在赤道處有：mgmR，解得該天體的直轉(zhuǎn)周期為T2 ，故D正確5解析：選C.根據(jù)部分電路歐姆定律，電壓表示數(shù)U與電流表示數(shù)I的比值為可變電阻的阻值，因此比值變大，A錯誤；定值電阻R0和電源內(nèi)阻的總阻值不變，故電阻箱的阻值變化前后，內(nèi)阻r和R0分得的總電壓U1與通過的電流I1的比值保持不變，即R0r，根據(jù)閉合電路的歐姆定律知，可變電阻兩端電壓的增大量等于定值電阻和內(nèi)阻分得的電壓和的減少量，即U1U，串聯(lián)電路，電流時時處處相等，故I1I，所以保持不變，故B、D錯誤；根據(jù)閉合電路歐姆定律，總電阻變大，總電流變小，內(nèi)阻和R0分得的電壓減小，電阻箱兩端電壓增大，電容器兩端電壓增加，故電容器的帶電量增加了CU，C正確6解析：選BC.由于物塊做勻速圓周運(yùn)動，因此合外力的大小不變，A錯誤；重力與速度的夾角越來越大，因此重力做功的瞬時功率越來越小，B正確；重力與摩擦力的合力等于重力沿半徑方向的分力，重力沿半徑方向的分力越來越大，C正確；由于摩擦力與重力沿容器壁切線方向的分力大小相等，重力沿容器壁切線方向的分力越來越小，因此摩擦力越來越小，克服摩擦力做功的功率越來越小，D錯誤7解析：選CD.由圖看出，物體在89 s內(nèi)沿正方向運(yùn)動，910 s內(nèi)沿負(fù)方向，由于兩段時間內(nèi)圖象的“面積”相等，說明兩段時間內(nèi)位移大小相等，所以物體在810 s內(nèi)位移為0，故A錯誤；根據(jù)速度圖象的斜率等于加速度，可以看出，物體在810 s內(nèi)加速度最大，故B錯誤；物體在09 s內(nèi)沿正方向運(yùn)動，910 s 內(nèi)沿負(fù)方向返回，所以物體在9 s 末離出發(fā)點(diǎn)最遠(yuǎn)，故C正確；由A分析可知，物體在810 s內(nèi)的位移為0，由“面積”等于位移，得到68 s內(nèi)的位移x×2 m8 m，物體在610 s內(nèi)的平均速度為2 m/s，故D正確8解析：選AB.小物塊a、b碰撞時有Mv0(Mm)v，碰撞時損失的機(jī)械能為EMv(Mm)v2，解得vv0，E·Mv，x越大，v0越大，E越大，選項(xiàng)A正確；M越大，a、b碰后小物塊a的速度越大，動能越大，選項(xiàng)B正確；僅x越大，小物塊a、b壓縮彈簧時的平衡位置不變，選項(xiàng)C錯誤；小物塊a、b分離時兩者接觸的彈力為零，兩者的加速度相同，均為gsin ，故彈簧處于原長狀態(tài)，與M無關(guān)，選項(xiàng)D錯誤9解析：選BC.根據(jù)右手定則可知ab中的感應(yīng)電流方向由b到a，選項(xiàng)A錯誤；由qt，Bdx可得q，選項(xiàng)B正確；根據(jù)能量轉(zhuǎn)化和守恒定律有2Qmvmgx，解得金屬棒產(chǎn)生的焦耳熱為Qmvmgx，選項(xiàng)C正確；對于金屬棒，根據(jù)動量定理有Bil·tmgt0mv0，而i·tq，聯(lián)立可得t，選項(xiàng)D錯誤10解析：(1)游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為7 mm，游標(biāo)尺上第5條刻度線和主尺上某一刻度線對齊，所以游標(biāo)尺讀數(shù)為5×0.05 mm0.25 mm，所以最終讀數(shù)為：7 mm0.25 mm7.25 mm.(2)由表格得到：v30h.(3)設(shè)桿長L，桿轉(zhuǎn)動的角速度為：；在桿上取x長度微元，設(shè)其離O點(diǎn)間距為x，其動能為：··；積分得到：Ek··mv.答案：(1)7.25(2)v30h(3)11解析：(1)根據(jù)原理圖可知實(shí)物圖如圖1；圖1(2)用直線將各點(diǎn)連接，如圖2所示；圖2(3)圖象與縱軸的交點(diǎn)為電源的電動勢，由圖2可知，電動勢E3.0 V；R0r 15.4 解得r(15.410) 5.4 .答案：(1)實(shí)物圖見解析圖1(2)如解析圖2所示(3)3.05.4- 8 -