（通用版）2020高考物理三輪沖刺 題型練輯 選擇題滿分練（四）（含解析）

選擇題滿分練(四)二、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分在每小題給出的四個選項中，第1418題只有一項符合題目要求，第1921題有多項符合題目要求全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分14(2019·山東日照市上學(xué)期期末)豎直向上發(fā)射一物體(不計空氣阻力)，在物體上升的某一時刻突然炸裂為a、b兩塊，質(zhì)量較小的a塊速度方向與物體原來的速度方向相反，則()Aa塊的速度一定比原來物體的速度小Bb塊的速度方向一定與原來物體的速度方向相同Cb塊的速度一定比原來物體的速度小D炸裂過程中，b塊的動量變化量大小一定小于a塊的動量變化量大小答案B解析在炸裂過程中，由于外力遠(yuǎn)小于內(nèi)力，系統(tǒng)的動量守恒炸裂前物體的速度方向為正方向，炸裂后a塊的速度方向與原來的方向相反，根據(jù)動量守恒定律有：(mamb)v0ma(va)mbvb；解得：vbv0；由題意可知，b塊的速度方向一定與物體原來的速度方向相同，故A、C錯誤，B正確；由動量守恒可知，炸裂過程中，b塊的動量變化量大小一定等于a塊的動量變化量大小，故D錯誤15(2019·福建廈門市上學(xué)期期末質(zhì)檢)中國首批隱形戰(zhàn)斗機已經(jīng)全面投入使用演習(xí)時，在某一高度水平勻速飛行的戰(zhàn)斗機離目標(biāo)水平距離為L時投彈(投彈瞬間相對戰(zhàn)斗機的速度為零)，可以準(zhǔn)確命中目標(biāo)若戰(zhàn)斗機水平飛行高度加倍，飛行速度大小減半，要仍能命中目標(biāo)，則戰(zhàn)斗機投彈時離目標(biāo)的水平距離為(不考慮空氣阻力)()A.LB.LCLD.L答案B解析炸彈被投下后做平拋運動，在水平方向上的分運動為勻速直線運動，在豎直方向上的分運動為自由落體運動，所以在豎直方向上：hgt2，解得：t在水平方向上：Lv0tv0當(dāng)戰(zhàn)斗機飛行的高度加倍，飛行速度大小減半時，炸彈的水平位移變?yōu)樵瓉淼?，所以飛機投彈時距離目標(biāo)的水平距離應(yīng)為L.16(2019·天津市和平區(qū)上學(xué)期期末)如圖1所示為一速度選擇器，兩極板P1、P2之間存在電場強度為E的勻強電場和磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場一束帶電粒子流以速度v從S1沿直線運動到S2，則下列說法中正確的是()圖1A該粒子流的粒子一定帶正電B粒子從S1到S2一定做勻速直線運動C粒子運動的速度大小一定等于D若粒子以速度v從S2向上運動，一定能沿直線到達S1答案B解析粒子受洛倫茲力和電場力假設(shè)粒子帶正電，則受到向右的洛倫茲力，向左的電場力；若粒子帶負(fù)電，則所受洛倫茲力向左，電場力向右，均可以平衡，故粒子可以帶正電，也可以帶負(fù)電，故A錯誤；粒子做勻速直線運動才能不發(fā)生偏轉(zhuǎn)而沿直線通過，洛倫茲力與電場力平衡，即qEqvB，解得v，故B正確，C錯誤；如果這束粒子流從S2向上運動，電場力方向不變，洛倫茲力反向，電場力與洛倫茲力不再平衡，故合力與速度不共線，粒子開始做曲線運動，不能沿直線運動到S1，故D錯誤17(2019·貴州貴陽市一模)下列說法正確的是()A若某種材料的逸出功是W0，則其截止頻率為0B當(dāng)氫原子從n2能級躍遷到n6能級時，發(fā)射出光子C.Th衰變?yōu)镻b要經(jīng)過4次衰變和6次衰變D中子與質(zhì)子結(jié)合成氘核時吸收能量答案A解析結(jié)合光子能量計算公式Eh，某種材料的逸出功是W0，則它的截止頻率為0，故A正確；氫原子從n2能級躍遷到n6能級，從低能級向高能級躍遷，要吸收能量，故B錯誤；Th衰變?yōu)镻b，根據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒可知，要經(jīng)過6次衰變和4次衰變，故C錯誤；中子和質(zhì)子結(jié)合成氘核時有質(zhì)量虧損，釋放能量，故D錯誤18(2019·江西南昌市一模)一位物理老師制作了一把如圖2所示的“簡易銅絲琴”制作過程為：在一塊木板上固定兩顆螺絲釘，將一根張緊的銅絲纏繞在兩顆螺絲釘之間，擴音器通過導(dǎo)線與兩螺絲釘連接，銅絲旁邊放置一塊磁鐵，用手指撥動銅絲，擴音器上就發(fā)出了聲音根據(jù)上面所給的信息，下面說法正確的是()圖2A銅絲的振動引起空氣振動而發(fā)出聲音B振動的銅絲切割磁感線產(chǎn)生直流電流C該“簡易銅絲琴”將電能轉(zhuǎn)化為機械能D利用這一裝置所揭示的原理可制成發(fā)電機答案D19.(2019·廣東廣州市4月模擬)如圖3所示，在同一平面內(nèi)有三根等間距平行放置的長直導(dǎo)線，通入的電流強度分別為1A、2A、1A，的電流方向為cd且受到安培力的合力方向水平向右，則()圖3A的電流方向為abB的電流方向為efC受到安培力的合力方向水平向左D受到安培力的合力方向水平向左答案BCD解析由題意知三根導(dǎo)線等間距平行放置，根據(jù)“同向電流相互吸引，異向電流相互排斥”，因的電流方向為cd且受到安培力的合力方向水平向右，可知的電流方向為ba，的電流方向為ef，選項A錯誤，B正確；受到的排斥力，故安培力的合力方向水平向左，選項C正確；受到的吸引力和的排斥力，因的吸引力大于的排斥力，故受到安培力的合力方向水平向左，選項D正確20.空間存在兩點電荷產(chǎn)生的靜電場，在xOy橫軸上沿x軸正方向電場強度E隨x變化的關(guān)系如圖4所示，圖線關(guān)于坐標(biāo)原點對稱，虛線為兩條漸近線，M、N是兩條漸近線到原點O的中點，且|PO|3|MO|.取無窮遠(yuǎn)處電勢為零，下列說法中正確的是()圖4AM、N兩點的電勢相等BP點電勢高于M點電勢CM、O兩點電場強度大小之比為209D單位正電荷從O點移到N點過程中，電場力做功為W，則N點電勢數(shù)值為W答案BCD解析由題圖可知MN之間的電場線方向沿x軸正方向，故左邊的電荷為正電荷，右邊為等量的負(fù)電荷，故M點的電勢比N點電勢高，P點電勢高于M點電勢，故A錯誤，B正確；設(shè)MO的距離為r，正、負(fù)電荷的電荷量大小為Q，M點電場強度大小為EM，O點電場強度大小為EO，M、O兩點電場強度大小之比為EMEO209，故C正確；沿電場線方向電勢降低，O點電勢為零，所以單位正電荷從O點移到N點過程中，電場力做功為W，則N點電勢數(shù)值為W，故D正確21.如圖5所示，在豎直平面內(nèi)，一根不可伸長的輕質(zhì)軟繩兩端打結(jié)系于“V”形桿上的A、B兩點，已知OM邊豎直，且|AO|OB|，細(xì)繩繞過光滑的滑輪，重物懸掛于滑輪下處于靜止?fàn)顟B(tài)若在紙面內(nèi)繞端點O按順時針方向緩慢轉(zhuǎn)動“V”形桿，直到ON邊豎直繩子的張力為FT，A點處繩子與桿之間的摩擦力大小為Ff，則()圖5A張力FT一直增大B張力FT先增大后減小C摩擦力Ff一直減小D摩擦力Ff先增大后減小答案BC解析設(shè)滑輪兩側(cè)繩子與豎直方向的夾角為，受力分析如圖甲所示在紙面內(nèi)繞端點O按順時針方向緩慢轉(zhuǎn)動“V”形桿，直到ON邊豎直，AB的長度不變，AB在水平方向的投影先變長后變短，繩子與豎直方向的夾角先變大后變小，所以張力FT先增大后減小，故A錯誤，B正確；以A處結(jié)點為研究對象，受力分析如圖乙所示根據(jù)平衡條件可知，F(xiàn)fFTcos ()(costansin)，在紙面內(nèi)繞端點O按順時針方向緩慢轉(zhuǎn)動“V”形桿，繩子與豎直方向的夾角先變大后變小，OA桿與豎直方向的夾角一直變大，當(dāng)繩子與豎直方向的夾角變大時，摩擦力減小，當(dāng)繩子與豎直方向的夾角變小時，還是在增大，所以摩擦力還是在減小，故C正確，D錯誤6