2022年高三物理二輪復(fù)習(xí) 周測(cè)卷十三 恒定電流（含解析）

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1、2022年高三物理二輪復(fù)習(xí) 周測(cè)卷十三 恒定電流（含解析） 一 、單選題（本大題共6小題 。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的） 1.（xx?松江區(qū)一模）電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r，向可變電阻R供電，關(guān)于路端電壓說(shuō)法正確的是（　?。? 　 A． 因?yàn)殡娫措妱?dòng)勢(shì)不變，所以路端電壓也不變 　 B． 因?yàn)閁=IR，所以當(dāng)I增大時(shí)，路端電壓也增大 　 C． 因?yàn)閁=E﹣Ir，所以當(dāng)I增大時(shí)，路端電壓下降 　 D． 若外電路斷開(kāi)，則路端電壓為零 2.（xx?松江區(qū)一模）四個(gè)相同的燈泡如圖連接在電路中，調(diào)節(jié)變阻器R1和R2，使四個(gè)燈泡都正常發(fā)光，設(shè)此時(shí)R1和R

2、2消耗的功率分別為P1和P2，則有（　　） 　 A． P1＞2P2 B． P1=2P2 C． P2＜P1＜2P2 D． P1＜P2 3.（xx?崇明縣一模）如圖所示電路中，已知電阻R1的阻值大于滑動(dòng)變阻器R0的最大阻值．閉合電鍵S，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)臂P由最上端下滑到最下端的過(guò)程中，下列說(shuō)法中正確的是 （　?。? 　 A． 電壓表V1的示數(shù)先變大后變小，電壓表V2的示數(shù)先變小后變大 　 B． 電流表A的示數(shù)先變小后變大 　 C． 電源內(nèi)部的熱功率不斷增大 　 D． 電源的輸出功率一定不斷減小 4. 圖示電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為ε，內(nèi)阻為r，R1

3、、R2為定值電阻，R3為可變電阻，C為電容器．在可變電阻R3由較小逐漸變大的過(guò)程中，下列說(shuō)法中正確的是（　?。? 　 A． 電容器的帶電量在逐漸減小 B． 流過(guò)R2的電流方向是由上向下 　 C． 電源的輸出功率變大 D． 電源內(nèi)部消耗的功率變大 5. 電源和一個(gè)水平放置的平行板電容器、二個(gè)變阻器R1、R2和定值電阻R3組成如圖所示的電路。當(dāng)把變阻器R1、R2調(diào)到某個(gè)值時(shí)，閉合開(kāi)關(guān)S，電容器中的一個(gè)帶電液滴正好處于靜止?fàn)顟B(tài)。當(dāng)再進(jìn)行其他相關(guān)操作時(shí)（只改變其中的一個(gè)），以下判斷正確的是： A．將R1的阻值增大時(shí)，液滴仍保持靜止?fàn)顟B(tài) B．將R2的阻值增大時(shí)，液滴將向下運(yùn)

4、動(dòng) C．?dāng)嚅_(kāi)開(kāi)關(guān)S，電容器上的帶電量將減為零 D．把電容器的上極板向上平移少許，電容器的電量將增加 6.（xx?嘉定區(qū)一模）如圖所示電路中，電源內(nèi)阻不可忽略，A、B兩燈電阻分別為R和4R．滑動(dòng)變阻器的滑片移動(dòng)到上下電阻2：1的位置，兩燈功率相同．當(dāng)將滑片移動(dòng)到最上端，則（　?。? 　 A． A燈變亮，B燈變暗 B． A燈變暗，B燈變亮 　 C． A燈的功率可能為原來(lái)的 D． A燈的功率可能為原來(lái)的 二 、多選題（本大題共1小題 ） 7. 如下圖所示的電路，L是小燈泡，C是極板水平放置的平行板電容器.有一帶電油滴懸浮在兩極板間靜止不動(dòng).若

5、滑動(dòng)變阻器的滑片向下滑動(dòng)，則（ ） A.L變亮 B.L變暗 C.油滴向上運(yùn)動(dòng) D.油滴向下運(yùn)動(dòng) 三 、簡(jiǎn)答題（本大題共2小題 ） 8. 如圖所示電路，電源內(nèi)阻r=1Ω，R1=2Ω，R2=5Ω，燈L標(biāo)有“3V 1.5W”字樣，滑動(dòng)變阻器最大值為R，當(dāng)滑片P滑到最右端A時(shí)，電流表讀數(shù)為1A，此時(shí)燈L恰好正常發(fā)光，試求： (1)電源電動(dòng)勢(shì)E； (2)當(dāng)滑片P滑到最左端B時(shí)，電流表讀數(shù)； (3)當(dāng)滑片P位于滑動(dòng)變阻器的中點(diǎn)時(shí)，滑動(dòng)變阻器上消耗的功率。

6、 9.如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)E=30V，內(nèi)阻r=1Ω，電燈L上標(biāo)有“25V， 25W”的字樣，直流電動(dòng)機(jī)M的線圈電阻R=2．閉合電鍵，若電燈恰能正常發(fā)光，求： （1）電路中的總電流I； （2）電動(dòng)機(jī)的熱功率PR； （3）電動(dòng)機(jī)輸出的機(jī)械功率P機(jī)。 xx萬(wàn)卷周測(cè)卷（十三）答案解析 一 、單選題 1.【答案】C． 分析： 給定的電源，其電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻都不變，與外電路無(wú)關(guān)，而路端電壓隨外電阻的增大而

7、增大，減小而減?。? 解答： 解：A、電源電動(dòng)勢(shì)不變，路端電壓隨外電阻的增大而增大，減小而減?。蔄錯(cuò)誤． B、當(dāng)R增大時(shí)，I減小，不能根據(jù)U=IR判斷路端電壓的變化，而由U=E﹣Ir分析，E，r不變，I減小，得到U增大．故B錯(cuò)誤． C、因?yàn)閁=E﹣Ir，所以當(dāng)I增大時(shí)，路端電壓下降，故C正確； D、若外電路斷開(kāi)，電流為零，根據(jù)U=E﹣Ir，路端電壓為E，故D錯(cuò)誤； 故選：C． 點(diǎn)評(píng)： 本題是簡(jiǎn)單的路動(dòng)態(tài)分析問(wèn)題．對(duì)于路端電壓與電流的關(guān)系，也可以作出電源的外特性曲線U﹣I圖線，更直觀判斷它們的關(guān)系． 2.【答案】A． 分析： 設(shè)燈泡的額定電流為I0，額定電壓為U0，求解出變

8、阻器消耗的功率的表達(dá)式進(jìn)行討論． 解答： 解：設(shè)燈泡的額定電流為I0，額定電壓為U0，則P1=（U﹣U0）?2I0，P2=（U﹣2U0）?I0， 故P1＞2P2； 故選：A． 點(diǎn)評(píng)： 此題是一道歐姆定律和電功率的綜合分析題，必須熟練掌握串并聯(lián)電路的特點(diǎn)才能分析． 3.【答案】C． 分析： 當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑臂P由上端向下滑動(dòng)的過(guò)程中，變阻器滑片上側(cè)電阻與R1串聯(lián)后與變阻器滑片下側(cè)并聯(lián)的總電阻一直變小，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析電路中的電流變化和路端電壓的變化，再由歐姆定律分析R1兩端電壓的變化，確定三個(gè)電表示數(shù)的變化． 解答： 解：A、由題，電阻R1的阻值大于滑動(dòng)變阻器R0的

9、最大阻值，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑臂P由最上端向最下滑動(dòng)的過(guò)程中，變阻器上側(cè)電阻與R1串聯(lián)后與變阻器下側(cè)并聯(lián)的總電阻一直變小，根據(jù)閉合電路歐姆定律得知，電路中電流一直變大，電源的內(nèi)電壓也變大，則路端電壓變小，所以V1的示數(shù)變?。甐2測(cè)量R2兩端的電壓，R2不變，則V2的示數(shù)變大．故A錯(cuò)誤． B、兩個(gè)電壓表讀數(shù)的差值等于滑動(dòng)變阻器和電阻R1部分的電壓，故滑動(dòng)變阻器滑片下部分電壓減小，而上電阻一直增大，所以通過(guò)上部分電流減小，而總電流增大，故電流表讀數(shù)一直增大；故B錯(cuò)誤； C、電源內(nèi)部的熱功率P=I2r，因?yàn)殡娏鱅變大，所以電源內(nèi)部的熱功率變大，故C正確； D、當(dāng)外電路電阻等于內(nèi)阻時(shí)，電源的輸出功率

10、最大，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向下滑動(dòng)時(shí)，不知道外電阻與內(nèi)阻的大小關(guān)系，所以無(wú)法判斷電源輸出功率的變化，故D錯(cuò)誤； 故選：C． 點(diǎn)評(píng)： 本題考查了串、聯(lián)電路的特點(diǎn)和歐姆定律的靈活運(yùn)用，難點(diǎn)是滑動(dòng)變阻器滑片P從最上端→中間→最下端總電阻變化情況的判斷． 4.【答案】B． 分析： 由電路圖可知，R1與R3串聯(lián)，電容器并聯(lián)在R3兩端，由滑動(dòng)變阻器的變化利用閉合電路歐姆定律可求出電路中電流的變化，判斷出R3電壓的變化，則可知電容器兩端電量的變化，可知流過(guò)R2的電流向．由功率公式可求得電源內(nèi)部消耗的功率變化． 解答： 滑動(dòng)變阻器阻值由小到大的過(guò)程中，電路中總電阻增大，由閉合電路歐姆定

11、律可知電路中總電流減小，內(nèi)電壓及R1兩端的電壓均減小，則R3兩端的電壓增大，電容器兩端的電壓增大，電容器的帶電量增大，故電 容器充電，則有由上向下的電流通過(guò)R2． 由于內(nèi)外電阻的關(guān)系未知，不能確定電源輸出功率如何變化，由P=I2r可知，電源內(nèi)部消耗的功率變小，故B正確，ACD錯(cuò)誤； 故選：B． 點(diǎn)評(píng)： 本題在進(jìn)行動(dòng)態(tài)分析時(shí)電容器可不看．要抓住電容器兩端的電壓等于與之并聯(lián)部分的電壓；與電容器串聯(lián)的電阻在穩(wěn)定時(shí)可作為導(dǎo)線處理． 5.【答案】A 6.【答案】B． 分析： 圖中變阻器與燈泡B并聯(lián)后與燈泡A串聯(lián)，根據(jù)閉合電路歐姆定律判斷干路電流的變化情況，再根據(jù)歐姆定律

12、判斷各個(gè)燈泡的功率變化情況；先根據(jù)閉合電路歐姆定律表示出滑片P移動(dòng)前后的干路電流，再分析功率的變化情況． 解答： 解：AB、圖中變阻器與燈泡B并聯(lián)后與燈泡A串聯(lián)．當(dāng)變阻器滑片向上移動(dòng)時(shí)，其聯(lián)入電路的電阻值變大，故外電路總電阻變大，根據(jù)閉合電路歐姆定律，干路電流減小，故燈泡A變暗；并聯(lián)部分的電壓U并=E﹣I（RLA+r）增加，故燈泡B變亮；故A錯(cuò)誤，B正確； CD、A、B兩燈電阻分別為R和4R，滑動(dòng)變阻器的滑片移動(dòng)到上下電阻2：1的位置，兩燈功率相同，故：R=（4R） 解得：IA=2IB 故滑動(dòng)變阻器的電流與燈泡B的電流相等，故：R滑=4R 解得：R滑=12R 原來(lái)的電流：IA=

13、= 滑片移動(dòng)后的電流：IA′== 故：=∈（ ，1） 根據(jù)P=I2R可知，A燈得功率P′＞P；故C、D錯(cuò)誤； 故選：B． 點(diǎn)評(píng)： 本題是動(dòng)態(tài)分析問(wèn)題，關(guān)鍵是根據(jù)閉合電路歐姆定律列式分析，可以按照局部→整體→局部的順序進(jìn)行． 二 、多選題 7.【答案】BD 三 、簡(jiǎn)答題 8.【解析】(1)當(dāng)P滑到A時(shí)，R2被短路，如圖甲所示， 由閉合電路歐姆定律得：=3V+1×(2+1)V=6V。 (2)當(dāng)P在B點(diǎn)時(shí)，電路如圖乙所示.此時(shí)電流表的讀數(shù)為A=2A。 (3)當(dāng)滑片P位于滑動(dòng)變阻器中點(diǎn)時(shí)等效電路如圖丙所示，由圖知R2與右側(cè)被電流表短接，在圖甲所示電路中

14、總電流為I=1A。 通過(guò)燈L的電流為A=0.5A， 通過(guò)變阻器R的電流為=0.5A， 由并聯(lián)電路的特點(diǎn)可得:。 在圖丙所示電路中并聯(lián)部分電路的總電阻為： 并聯(lián)部分電路的電壓為： V=2.4V。 滑動(dòng)變阻器上消耗的功率為：W=1.92W。 9. 解：（1）由于燈泡正常發(fā)光，故其兩端電壓為UL=25V， 由全電路歐姆定律 E=UL+ Ir　　　 得總電流I=5A。 （2）電燈的電流IL==1A， I=IL+IM， 故電動(dòng)機(jī)中通過(guò)的電流IM=4A， 電動(dòng)機(jī)的發(fā)熱功率PR=IM2RM=32W； （3）電動(dòng)機(jī)的總功率PM=UMIM=100W， 故電動(dòng)機(jī)輸出的機(jī)械功率P=PM－PR=68W。