2022年高考物理一輪復習 全程訓練計劃 課練6 受力分析 共點力的平衡（含解析）

2022年高考物理一輪復習 全程訓練計劃 課練6 受力分析 共點力的平衡（含解析）小題狂練 小題是基礎練小題提分快12019·陜西省部分學校摸底如圖所示，物體A靠在豎直墻面上，在豎直向上的力F作用下，A、B共同向上勻速運動，下列說法正確的是()A物體A受到物體B對它的作用力的大小等于物體A的重力B物體B受到的作用力F的大小要小于物體A、B的重力之和C墻面對物體A的滑動摩擦力方向向下D物體A對物體B的靜摩擦力方向沿接觸面斜向上答案：A解析：A、B共同向上勻速運動，則A和B均處于受力平衡狀態(tài)對B分析可知，B受A的作用力、向下的重力、向上的力F三力作用，則A對B的作用力豎直向下，B對A的作用力豎直向上，分析可知，B對A的作用力大小等于A的重力，選項A正確；A、B整體水平方向不受力，故墻面對A、B無彈力作用，墻面對物體A沒有摩擦力，F(xiàn)大小等于A、B的重力之和，選項B、C錯誤；物體A對物體B的靜摩擦力方向沿接觸面斜向下，選項D錯誤22019·湖北省武昌調(diào)研將兩個質(zhì)量均為m的小球a、b用細線相連后，再用細線懸掛于O點，如圖所示用力F拉小球b，使兩個小球都處于靜止狀態(tài)，且細線Oa與豎直方向的夾角30°，則F的最小值為()A.mg BmgC.mg D.mg答案：B解析：將a、b看成一個整體受力分析可知，當力F與Oa垂直時，F(xiàn)有最小值，可知此時Fmin2mgsinmg，B正確32019·河南省商丘模擬如圖所示，固定在豎直平面內(nèi)的光滑圓環(huán)的最高點有一個光滑的小孔質(zhì)量為m的小球套在圓環(huán)上一根細線的下端系著小球，上端穿過小孔用手拉住現(xiàn)拉動細線，使小球沿圓環(huán)緩慢上移，在移動過程中手對線的拉力F和圓環(huán)對小球的彈力FN的大小變化情況是()AF不變，F(xiàn)N增大 BF不變，F(xiàn)N減小CF減小，F(xiàn)N不變 DF增大，F(xiàn)N減小答案：C解析：小球沿圓環(huán)緩慢上移可看成小球處于平衡狀態(tài)，對小球進行受力分析，如圖所示，由圖可知，當小球上移時，R不變，AB減小，故F減小，F(xiàn)N不變，而FF，故C正確42019·黑龍江省伊春模擬如圖所示，在豎直放置的穹形光滑支架上，一根不可伸長的輕繩通過光滑的輕質(zhì)滑輪懸掛一重物G.現(xiàn)將輕繩的一端固定于支架上的A點，另一端從B點沿支架緩慢地向C點靠近則繩中拉力大小變化的情況是()A先變小后變大B先變小后不變C先變大后不變D先變大后變小答案：C解析：當輕繩的右端從B點移到直桿最上端時，設兩繩的夾角為2，繩中的拉力大小為F.以滑輪為研究對象，受力分析如圖甲所示根據(jù)平衡條件得2Fcosmg，得到繩子的拉力大小為F，所以在輕繩的右端從B點移到直桿最上端的過程中，增大，cos減小，則F變大當輕繩的右端從直桿最上端移到C點時，如圖乙，設兩繩的夾角為2.設繩子總長為L，兩直桿間的距離為s，由數(shù)學知識得sin，L、s不變，則保持不變再根據(jù)平衡條件可知，兩繩的拉力F保持不變，所以繩中拉力大小變化的情況是先變大后不變C正確5.如圖所示，用一輕繩將光滑小球P系于豎直墻壁上的O點，在墻壁和球P之間夾有一正方體物塊Q，P、Q均處于靜止狀態(tài)，現(xiàn)有一鉛筆緊貼墻壁壓在輕繩上從O點開始緩慢下移(該過程中，繩中張力處處相等)，P、Q始終處于靜止狀態(tài)，則在鉛筆緩慢下移的過程中()AP所受的合力增大BQ受到墻壁的摩擦力逐漸變大CP對Q的壓力逐漸減小D繩的拉力逐漸增大答案：D解析：P受重力、繩的拉力和Q的支持力而處于平衡狀態(tài)，合力為零，選項A錯誤；設繩與豎直方向的夾角為，根據(jù)共點力平衡，繩的拉力大小為T，Q對P的支持力大小為Nmgtan，鉛筆緩慢下移的過程中，增大，則拉力T增大，Q對P的支持力增大，選項D正確，C錯誤；對Q，在豎直方向上，Q的重力與摩擦力始終平衡，Q受到的摩擦力不變，選項B錯誤6.如圖所示，帶有光滑豎直桿的三角形斜劈固定在水平地面上，放置于斜劈上的光滑小球與套在豎直桿上的小滑塊用輕繩連接，開始時輕繩與斜面平行現(xiàn)給小滑塊施加一豎直向上的拉力，使小滑塊沿桿緩慢上升，整個過程中小球始終未脫離斜面，則有()A輕繩對小球的拉力逐漸減小B小球?qū)π迸膲毫χ饾u增大C對小滑塊施加的豎直向上的拉力逐漸增大D豎直桿對小滑塊的彈力先增大后減小答案：C解析：對小球受力分析，受重力G1、支持力N1和細線的拉力T，如圖甲所示根據(jù)平衡條件可知，T增大，N1減小，根據(jù)牛頓第三定律，小球?qū)π迸膲毫σ矞p小，A、B均錯誤；對小球和滑塊整體分析，受重力G、斜面的支持力N1，桿的支持力N，拉力F，如圖乙所示，根據(jù)平衡條件，水平方向NN1sin，豎直方向FN1cosG，因N1減小，故N減小，F(xiàn)增大，C正確，D錯誤7.(多選)如圖所示，一光滑半圓環(huán)豎直固定于粗糙的木板上，圓心為O1，穿套在環(huán)上的小球A位于左側(cè)最低點，并由細線通過光滑的小滑輪O與小球B相連，B右側(cè)細線水平，O在圓心O1的正上方，OA與豎直方向成30°角，OAOB，地面水平，兩球均處于靜止狀態(tài)，小球A恰好對木板沒有力的作用若對B施加一外力，使小球A緩慢運動到O點正下方的過程中，木板始終靜止，則下列說法正確的是()AA、B兩球的質(zhì)量之比為：1BOA細線拉力逐漸變大C地面對木板的摩擦力逐漸變小D地面對木板的支持力逐漸變小答案：AC解析：小球A位于左側(cè)最低點時，細線對小球A的拉力大小T，對小球B有OB細線拉力T，TT，得mA：mB：1，選項A正確；設OO1h，OAx，圓環(huán)的半徑為R，細線OA的拉力大小為F，環(huán)對A的支持力大小為N1，如圖1所示，則根據(jù)三角形相似有，當x變小時，F(xiàn)也變小，但N1不變，選項B錯誤；設細線OA與OO1間夾角為，以小球A、半圓環(huán)和木板整體受力分析如圖2所示，地面對木板的摩擦力大小fFsinxsin，而xsin表示小球A與O間的水平距離，是逐漸變小的，故f逐漸變小，選項C正確；地面對木板的支持力大小N2(m板mAm環(huán))gFcos(m板mAm環(huán))gxcos而xcos表示小球A與O間的豎直距離，是逐漸變小的，N2逐漸變大，選項D錯誤8.2019·福建省福州質(zhì)檢課堂上，教師準備了“L”形光滑木板和三個完全相同、外表面光滑的勻質(zhì)圓柱形積木，要將三個積木按圖示(截面圖)方式堆放在木板上，則木板與水平面的夾角的最大值為()A30° B45°C60° D90°答案：A解析：取0°時，下面兩圓柱將會分開，無法穩(wěn)定，應適當增大以保持系統(tǒng)穩(wěn)定，此時下面兩圓柱之間有彈力；當下面兩圓柱之間的彈力恰好為0時，對應的為最小值；增大，右圓柱和上圓柱之間的彈力減小，若太大，此兩圓柱將分開，臨界情況為取30°時，左邊兩圓柱的圓心連線在豎直方向上，保證上圓柱只受到兩個力的作用恰好處于平衡狀態(tài)，此時上圓柱與右圓柱間相互接觸且無彈力，A正確92019·山東省棗莊三中質(zhì)檢如圖所示，物體A、B疊放在物體C上，C置于水平地面上，水平力F作用于B，使A、B、C一起勻速運動，各接觸面間摩擦力的情況是()AB對C有向左的摩擦力BC對A有向左的摩擦力CC受到三個摩擦力作用DC對地面有向右的摩擦力答案：D解析：以A為研究對象，可知A與C間無摩擦力以B為研究對象易知，C對B有向左的摩擦力，B對C有向右的摩擦力，以A、B、C整體為研究對象可知地面對C有水平向左的摩擦力，綜上D正確10.2019·河北省名校聯(lián)盟一測(多選)如圖所示，用光滑的粗鐵絲做成一直角三角形，BC邊水平，AC邊豎直，ABC，A，AB及AC兩邊上分別套有細線系著的銅環(huán)M、N，當它們靜止時，細線與AB所成的角為，與AC所成的角為(細線長度小于BC)，則()ABC>D<<答案：CD解析：假設AC上的銅環(huán)的質(zhì)量為零，重力為零，它僅受線的拉力和鐵絲AC的彈力，由于鐵絲對AC上的環(huán)的彈力垂直于AC，則細線必定垂直于AC，則細線平行于BC，此時.但實際上AC上的環(huán)的質(zhì)量不為零，要使此環(huán)處于靜止狀態(tài)，細線的左端略高，則有>.假設AB上的銅環(huán)的質(zhì)量為零，重力為零，它僅受細線的拉力和鐵絲AB的彈力，則平衡時，細線與AB垂直，而AB上的銅環(huán)的質(zhì)量不為零，要使此環(huán)處于靜止狀態(tài)，細線不能與AB垂直，應有<，故<<，>，選項A、B錯誤，C、D正確112019·湖南省衡陽三中摸底(多選)如圖所示，一根輕質(zhì)細繩跨過定滑輪連接兩個小球A、B，它們都穿在一根光滑的豎直桿上，不計細繩與滑輪之間的摩擦，當兩球平衡時OA繩與水平方向的夾角為60°，OB繩與水平方向的夾角為30°，則A、B的質(zhì)量之比和桿對A、B的彈力之比分別為()A. B.C. D.答案：AC解析：分別對A、B兩球受力分析，如圖所示由幾何知識得T1sin60°mAg，T2sin30°mBg，T1T2，故mA：mBsin60°：sin30°：1.同理，選項A、C正確，B、D錯誤；故選A、C.122019·四川省五校聯(lián)考如圖所示，輕桿A端用鉸鏈固定在墻上，B端吊一重物輕繩跨過定滑輪用拉力F將B端緩慢上拉，滑輪O在A點正上方(滑輪大小及繩與滑輪間的摩擦均不計)，且OA>AB，在AB桿達到豎直前()A拉力F增大 B拉力F大小不變C桿的彈力增大 D桿的彈力大小不變答案：D解析：以B點為研究對象，分析受力情況，繩子向下的拉力T、輕桿的支持力N和繩子沿BO方向的拉力F，作出力的示意圖如圖，由平衡條件知，N和F的合力T與T大小相等，方向相反，根據(jù)三角形相似可得，又TG，F(xiàn)F，解得NG，F(xiàn)G，BAO變小時，AB、AO保持不變，BO變小，則N保持不變，F(xiàn)變小，D正確132019·山東省青島二中考試(多選)如圖所示，橫截面為直角三角形的斜劈P，靠在粗糙的豎直墻面上，力F通過球心水平作用在光滑球Q上，P、Q處于靜止狀態(tài)當力F增大時，P、Q仍保持靜止，下列說法正確的是()A球Q對地面的壓力不變B球Q對斜劈P的支持力增大C斜劈P對豎直墻壁的壓力增大D墻面對斜劈P的摩擦力增大答案：BC解析：以P、Q整體為研究對象，水平向右的力F與墻壁的支持力等大反向，故墻壁對P的支持力增大，由牛頓第三定律知，C正確對Q，受力分析如圖1所示，可知當力F增大時，P、Q間的作用力增大，球Q對地面的壓力增大，B正確，A錯誤對P，受力分析如圖2所示，開始時P與墻壁的摩擦力方向不確定，故無法判斷此摩擦力的變化，故D錯誤142019·吉林省長春一測(多選)如圖所示，質(zhì)量為M的三角形木塊A靜止在水平地面上，其左右兩斜面光滑，一質(zhì)量為m的物塊B沿傾角30°的右側(cè)斜面加速下滑時，三角形木塊A剛好保持靜止，已知最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，則當物塊B沿傾角60°的左側(cè)斜面下滑時，下列說法正確的是()AA仍然靜止不動，地面對A的摩擦力兩種情況下等大BA仍然靜止不動，對地面的壓力比沿右側(cè)斜面下滑時對地面的壓力小CA將向右滑動，若使A仍然靜止需對其施加向左的作用力D若45°，A將滑動答案：CD解析：物塊B沿著右側(cè)斜面下滑時，對斜面的壓力等于其重力沿垂直斜面的分力，為Fmgcos30°，對木塊A受力分析，木塊A受重力、壓力、支持力和向右的靜摩擦力，如圖1所示木塊A恰好不滑動，故靜摩擦力達到最大值，等于滑動摩擦力，根據(jù)平衡條件有，x方向：fFsin30°，y方向：NmgFcos30°，fN1，其中NN1，解得.物塊B從左側(cè)下滑時，先假設木塊A不動，木塊A受重力、支持力、壓力和向左的摩擦力，如圖2所示壓力等于物塊B重力沿垂直斜面的分力，即Fmgcos60°，豎直方向一定受力平衡，即支持力NMgFcos60°Mgmg，NN，故最大靜摩擦力fmN，壓力沿平行地面方向的分力為Fcos30°mg>fm，故A一定會滑動，要使A靜止，需要對其施加向左的推力，故C正確，A、B錯誤若45°，物塊B沿右側(cè)斜面下滑時，先假設A不動，B對A的壓力為mgcos45°，該壓力沿平行地面方向的分力為mgsin45°cos45°，豎直分力為mgcos45°sin45°，與30°時相比，B對A壓力沿平行地面的分力變大，B對A壓力的豎直分力變小，故A一定滑動，D正確152019·廣東省湛江調(diào)研(多選)如圖所示，細線的兩端固定在天花板上的A、B兩點，在線上的C、D兩點懸掛質(zhì)量相等的物體a、b，并處于靜止狀態(tài)，CD段細線嚴格水平若將b物體的質(zhì)量增大后，為了保持CD段細線嚴格水平，整個系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)，則()A應將懸掛點D適當向B移動，減小BD的長度B應將懸掛點C適當向A移動，減小AC的長度C移動后細線AC的張力大于細線BD的張力D移動后細線AC的張力小于細線BD的張力答案：AD解析：設a、b的質(zhì)量分別為M和m，AC、BD與豎直方向的夾角分別為、，對結(jié)點C、D受力分析，如圖所示豎直方向：F1cosMg，F(xiàn)2cosmg，水平方向：F1sinT，F(xiàn)2sinT，其中TT，聯(lián)立可得Mgtanmgtan，當a、b質(zhì)量相等時，有，若將b的質(zhì)量增大，即M<m，為了保持CD段細線嚴格水平，則有>，選項A正確，B錯誤當>，由F1sinF2sin知，F(xiàn)1<F2，選項C錯誤，D正確162017·全國卷(多選)如圖，柔軟輕繩ON的一端O固定，其中間某點M拴一重物，用手拉住繩的另一端N.初始時，OM豎直且MN被拉直，OM與MN之間的夾角為(>)現(xiàn)將重物向右上方緩慢拉起，并保持夾角不變在OM由豎直被拉到水平的過程中()AMN上的張力逐漸增大BMN上的張力先增大后減小COM上的張力逐漸增大DOM上的張力先增大后減小答案：AD解析：將重物向右上方緩慢拉起，重物處于動態(tài)平衡狀態(tài)，可利用平衡條件或力的分解畫出動態(tài)圖分析將重物的重力沿兩繩方向分解，畫出分解的動態(tài)圖如圖所示在三角形中，根據(jù)正弦定理有，由題意可知FMN的反方向與FOM的夾角180°，不變，因sin(為FMN與G的夾角)先增大后減小，故OM上的張力先增大后減小，當90°時，OM上的張力最大，因sin(為 FOM與G的夾角)逐漸增大，故MN上的張力逐漸增大，選項A、D正確，B、C錯誤課時測評 綜合提能力課時練贏高分一、選擇題1.2019·福建仙游一中月考三個質(zhì)量均為1 kg的相同木塊a、b、c和兩個勁度系數(shù)均為500 N/m的相同輕彈簧p、q用輕繩連接，如圖所示，其中a放在光滑水平桌面上，開始時p彈簧處于原長，木塊都處于靜止狀態(tài)現(xiàn)用水平力F緩慢地向左拉p彈簧的左端，直到c木塊剛好離開水平面為止，g取10 m/s2.該過程p彈簧的左端向左移動的距離是()A4 cm B6 cmC8 cm D10 cm答案：C解析：p彈簧的左端向左移動的距離等于p、q兩彈簧的形變量之和xq，xp，p彈簧的左端向左移動的距離為xxpxq8 cm，C正確22019·廣東五校聯(lián)考如圖所示，物體A、B用細繩與彈簧連接后跨過滑輪A靜止在傾角為45°的粗糙斜面上，B懸掛著已知質(zhì)量mA3mB，不計滑輪摩擦，現(xiàn)將斜面傾角由45°減小到30°，那么下列說法中正確的是()A彈簧的彈力將減小B物體A對斜面的壓力將減小C物體A受到的靜摩擦力將減小D彈簧的彈力及物體A受到的靜摩擦力都不變答案：C解析：設mA3mB3m，對物體B受力分析，受重力和拉力，由二力平衡得彈簧的彈力不變，A錯誤；再對物體A進行受力分析，受重力、支持力、彈簧的彈力和靜摩擦力，如圖所示剛開始由于mAgsin45°mg>mBgmg，所以摩擦力沿斜面向上，斜面傾角變?yōu)?0°以后摩擦力仍然沿斜面向上根據(jù)平衡條件得到fT3mgsin0，N3mgcos0，解得f3mgsinT3mgsinmg，N3mgcos.當減小時，物體A受到的靜摩擦力f將減小，物體A對斜面的壓力N增大，故C正確，B、D錯誤32019·陜西寶雞模擬如圖所示，兩塊相互垂直的光滑擋板OP、OQ，OP豎直放置，小球a、b固定在輕彈簧的兩端，并斜靠在OP、OQ擋板上現(xiàn)有一個水平向左的推力F作用于b上，使a、b緊靠擋板處于靜止狀態(tài)現(xiàn)保證b球不動，使豎直擋板OP向右緩慢平移一小段距離，則()A推力F變大 B彈簧長度變短C彈簧長度變長 Db對擋板OQ的壓力變大答案：C解析：設彈簧與豎直方向的夾角為，現(xiàn)保證b球不動，使豎直擋板OP向右緩慢平移一小段距離，則減小，以a球為研究對象，分析受力情況，根據(jù)平衡條件得F彈，減小，cos增大，則F彈減小，彈簧變長；擋板對a的彈力Nmgtan，減小，N減??；對a、b和彈簧整體研究，水平方向FN，則推力F將減小，故A、B錯誤，C正確；豎直方向，擋板OQ對b的支持力FN(mamb)g，不變，根據(jù)牛頓第三定律可知，b對擋板OQ的壓力不變，故D錯誤42019·四川省成都七中檢測如圖，傾角為的斜面體C置于水平地面上，小物體B置于斜面上，通過細繩跨過光滑的定滑輪與物體A相連接，連接物體B的一段細繩與斜面平行，已知A、B、C都處于靜止狀態(tài)，則()A物體B受到斜面體C的摩擦力一定不為零B斜面體C受到水平地面的摩擦力一定為零C斜面體C有沿地面向右滑動的趨勢，一定受到地面向左的摩擦力D將細繩剪斷，若B依然靜止在斜面上，此時水平地面對斜面體C的摩擦力一定不為零答案：C解析：以B、C整體為研究對象，受到了斜向上的拉力，故有向右運動的趨勢，所以地面對C有水平向左的摩擦力，C正確，B錯誤以B為研究對象，細繩斜向上的拉力與B的重力沿斜面向下的分力大小關系不確定，所以C對B可能有摩擦力也可能沒有摩擦力，A錯誤將細繩剪斷，B、C整體靜止，豎直向下的重力與地面豎直向上的支持力等大反向，地面對C的摩擦力為零，D錯誤52019·遼寧東北育才學校模擬如圖所示，置于地面的矩形框架中用兩細繩拴住質(zhì)量為m的小球，繩B水平設繩A、B對球的拉力大小分別為F1、F2，它們的合力大小為F.現(xiàn)將框架在豎直平面內(nèi)繞左下端緩慢逆時針旋轉(zhuǎn)90°，在此過程中()AF1先增大后減小 BF2先增大后減小CF先增大后減小 DF先減小后增大答案：B解析：對小球受力分析如圖所示小球處于靜止狀態(tài)，受力平衡，兩繩的拉力的合力與重力大小相等，方向相反，則F不變，根據(jù)平行四邊形定則可知，將框架在豎直平面內(nèi)繞左下端緩慢逆時針旋轉(zhuǎn)90°的過程中，F(xiàn)1逐漸減小，F(xiàn)2先增大后減小，當繩A處于水平方向時，F(xiàn)2最大，故B正確62019·浙江溫州中學模擬如圖所示，傾角30°的斜面體A靜止在水平地面上，一根輕繩跨過斜面體頂端的小滑輪，繩兩端系有質(zhì)量均為m的小物塊a、b，整個裝置處于靜止狀態(tài)，滑輪兩側(cè)輕繩方向分別沿斜面和豎直方向現(xiàn)給物塊b施加一個水平向右的拉力F，使b緩慢移動直到連接b的輕繩與豎直方向成30°角(不計繩與滑輪間的摩擦)，此過程中下列說法正確的是()Ab受到繩的拉力先增大再減小B小物塊a受到的摩擦力先增大再減小C水平拉力F逐漸增大D小物塊a一定沿斜面緩慢上移答案：C解析：b受力平衡，對b進行受力分析，如圖甲所示設連接b的輕繩與豎直方向的夾角為，b緩慢移動直到連接b的輕繩與豎直方向成30°角的過程中，變大，根據(jù)平行四邊形定則可知，T逐漸增大，F(xiàn)逐漸增大，故A錯誤，C正確；對a進行受力分析，如圖乙所示；剛開始Tmg，a處于靜止狀態(tài)，則fTmgsin30°mg，方向沿斜面向下，T增大時，f增大，由于不知道最大靜摩擦力的具體值，所以不能判斷a是否會滑動，故B、D錯誤72019·湖南長郡中學模擬如圖所示，質(zhì)量為m的硬質(zhì)面字典A對稱放在硬質(zhì)面的書本B上，將書本B的一端緩慢抬高至字典剛要滑動，此時書脊與水平面的夾角為.下列說法中正確的是()AB對A的作用力為零BB的一個側(cè)面對A的彈力為mgcosCB對A的最大靜摩擦力的合力為mgsinDA受到3個力的作用答案：C解析：B對A的作用力大小為A的重力mg，方向豎直向上，故A錯誤；B的一個側(cè)面對A的彈力Nmgcos，故B錯誤；A受力平衡，根據(jù)平衡條件得，B對A的最大靜摩擦力的合力f合mgsin，故C正確；A處于靜止狀態(tài)，對A進行受力分析，A受到重力，書本B兩側(cè)對A的兩個支持力，B書兩側(cè)對A的兩個摩擦力，共5個力，故D錯誤8名師原創(chuàng)如圖，輕彈簧上端固定，下端連接一小球，小球靜止在水平面上的A點，將小球緩慢移到B點放手，小球仍靜止已知小球在A、B兩處彈簧均處于伸長狀態(tài)則小球在A、B處受力的情況是()A小球在B處所受到的合力更大BB處小球受到的摩擦力更小C小球在B處受到的支持力更大DB處彈簧的彈力與支持力的合力一定更大答案：D解析：小球在A、B兩處的合力都為0，A錯誤對小球受力分析，如圖所示，則有fFcos，F(xiàn)sinNmg，彈力F顯然增大，減小，可見摩擦力增大，B錯誤N的變化情況無法判斷，C錯誤摩擦力與重力的合力一定增大，而彈力F與N的合力也一定增大，D正確92019·河北省邢臺二中檢測輕繩一端系在質(zhì)量為m的物塊A上，另一端系在一個套在粗糙豎直桿MN的圓環(huán)上現(xiàn)用水平力F拉住繩子上一點O，使物塊A從圖中實線位置緩慢下降到虛線位置，但圓環(huán)仍保持在原來位置不動在這一過程中，環(huán)對桿的摩擦力F1和環(huán)對桿的壓力F2的變化情況是()AF1保持不變，F(xiàn)2逐漸增大BF1保持不變，F(xiàn)2逐漸減小CF1逐漸增大，F(xiàn)2保持不變DF1逐漸減小，F(xiàn)2保持不變答案：B解析：以圓環(huán)、物塊A及輕繩整體為研究對象，分析受力情況，如圖1所示根據(jù)平衡條件得，桿對環(huán)的摩擦力F1G，保持不變，桿對環(huán)的彈力F2F.再以結(jié)點O為研究對象，分析受力情況，如圖2所示由平衡條件得Fmgtan；在物塊A從題圖中實線位置緩慢下降到虛線位置的過程中，逐漸減小，則F逐漸減小，F(xiàn)2逐漸減小故選B.10.(多選)如圖所示，斜面體A靜止放置在水平地面上質(zhì)量為m的滑塊B在外力F1和F2的共同作用下沿斜面體表面向下運動當F1方向水平向右、F2方向沿斜面體的表面向下時，斜面體受到地面的摩擦力方向向左則下列說法中正確的是 ()A若只撤去F1，在滑塊B仍沿斜面向下運動的過程中，A所受地面摩擦力的方向可能向右B若只撤去F2，在滑塊B仍沿斜面向下運動的過程中，A所受地面摩擦力的方向可能向右C若只撤去F2，在滑塊B仍沿斜面向下運動的過程中，A所受地面摩擦力不變D若同時撤去F1和F2，滑塊B的加速度方向一定沿斜面向下答案：CD解析：選斜面體為研究對象，其受力當中在水平方向有分力的有：B對A的壓力FN，B對A的摩擦力Ff1和地面對A的摩擦力Ff2.如圖所示，設斜面傾角為.則：Ff1cosFf2FNsin.所以：Ff1cos<FNsin.由于Ff1FNFN.故不論FN如何變化，F(xiàn)fcos<FNsin的關系不會改變！所以，只要滑塊B沿斜面下滑，地面對斜面的摩擦力方向應始終向左所以A、B均錯撤去F2后，B對A的壓力FN和摩擦力Ff1不受影響，故地面對A的摩擦力Ff2不變，即C對又由Ff1cos<FNsin，所以有<tan.同時撤去F1、F2后，重力的下滑分力mgsin>mgcos，所以滑塊B的加速度方向一定向下，即D正確二、非選擇題11.如圖所示，水平細桿上套一環(huán)A，環(huán)A與球B間用一不可伸長輕質(zhì)繩相連，質(zhì)量分別為mA0.40 kg和mB0.30 kg，由于B球受到水平風力作用，使環(huán)A與球B一起向右勻速運動運動過程中，繩始終保持與豎直方向夾角30°，重力加速度g取10 m/s2，求：(1)B球受到的水平風力大?。?2)環(huán)A與水平桿間的動摩擦因數(shù)答案：(1)1.73 N(2)0.25解析：(1)對B球受力分析，如圖甲所示，根據(jù)平衡條件可得FmBgtan數(shù)據(jù)代入得F N1.73 N(2)選取環(huán)、球和輕繩整體為研究對象，受力如圖乙所示根據(jù)平衡條件得FN(mAmB)gFf且fFN解得數(shù)據(jù)代入得0.2512如圖甲、乙所示，傳送帶上有質(zhì)量均為m的三個木塊1、2、3，中間均用原長為L、勁度系數(shù)為k的輕彈簧連接起來，木塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)均為，其中木塊1被與傳送帶平行的細線拉住，傳送帶按圖示方向勻速運動，三個木塊處于平衡狀態(tài)(1)在圖甲狀態(tài)下，1、3兩木塊之間的距離是多大？(2)在圖乙狀態(tài)下，細線的拉力是多大？木塊1、3之間的距離又是多大？答案：(1)2L(2)3mg(sincos)2L解析：(1)在題圖甲中，設1、2間彈簧伸長量為x1,2、3間彈簧伸長量為x2，根據(jù)平衡條件和胡克定律，對木塊3：kx2mg0對木塊2：kx1kx2mg01、3兩木塊之間的距離為x2Lx1x22L(2)在題圖乙中，把三個木塊看成整體，根據(jù)平衡條件，有T3mgcos3mgsin0細線的拉力T3mg(sincos)在題圖乙中，設1、2間彈簧伸長量為l1,2、3間彈簧伸長量為l2，根據(jù)平衡條件和胡克定律，對木塊2和木塊3整體，有kl1·2mgcos2mgsin0可得l1對木塊3，有kl2mgcosmgsin0可得l2木塊1、3之間的距離l2Ll1l22L