2020高考數(shù)學(xué)大一輪復(fù)習(xí) 第四章 平面向量、復(fù)數(shù)、算法 第二節(jié) 平面向量的數(shù)量積及應(yīng)用檢測 理 新人教A版

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1、第二節(jié) 平面向量的數(shù)量積及應(yīng)用 限時(shí)規(guī)范訓(xùn)練(限時(shí)練·夯基練·提能練) A級　基礎(chǔ)夯實(shí)練 1．(2018·山東濟(jì)南模擬)已知矩形ABCD中，AB＝，BC＝1，則·＝(　　) A．1　　　　　　　　　 B．－1 C. D．2 解析：選B.設(shè)＝a，＝b，則a·b＝0，∵|a|＝，|b|＝1， ∴·＝(a＋b)·(－b)＝－a·b－b2＝－1.故選B. 2．(2018·陜西吳起高級中學(xué)質(zhì)檢)已知平面向量a，b的夾角為，且|a|＝1，|b|＝，則|a－2b|＝(　　) A. B．1 C．2 D． 解析：選B.∵|a－2b|2＝|a|2＋4|b|2－4a·b＝1＋1－1＝1，

2、∴|a－2b|＝1.故選B. 3．(2018·昆明檢測)已知非零向量a，b滿足a·b＝0，|a|＝3，且a與a＋b的夾角為，則|b|＝(　　) A．6 B．3 C．2 D．3 解析：選D.因?yàn)閍·(a＋b)＝a2＋a·b＝|a||a＋b|cos ，所以|a＋b|＝3，將|a＋b|＝3兩邊平方可得，a2＋2a·b＋b2＝18，解得|b|＝3，故選D. 4．(2018·成都檢測)已知平面向量a＝(－2,3)，b＝(1,2)，向量λa＋b與b垂直，則實(shí)數(shù)λ的值為(　　) A. B．－ C. D．－ 解析：選D.因?yàn)閍＝(－2,3)，b＝(1,2)，向量λa＋b與b垂直， 所

3、以(－2λ＋1,3λ＋2)·(1,2)＝－2λ＋1＋2(3λ＋2)＝4λ＋5＝0，解得λ＝－.故選D. 5．(2018·江西三校聯(lián)考)若|a|＝2，|b|＝4，且(a＋b)⊥a，則a與b的夾角為(　　) A. B． C. D．－ 解析：選A.∵(a＋b)⊥a，∴(a＋b)·a＝a2＋a·b＝0， ∴a·b＝－4，cos〈a，b〉＝＝＝－，∴〈a，b〉＝，故選A. 6．△ABC是邊長為2的等邊三角形，已知向量a，b滿足＝2a，＝2a＋b，則下列結(jié)論正確的是(　　) A．|b|＝1 B．a(chǎn)⊥b C．a(chǎn)·b＝1 D．(4a＋b)⊥ 解析：選D.因?yàn)椋剑?2a＋b)－2a＝

4、b， 所以|b|＝2，故A錯(cuò)誤； 由于·＝2a·(2a＋b)＝4|a|2＋2a·b＝4＋2×1×2×＝2， 所以2a·b＝2－4|a|2＝－2， 所以a·b＝－1，故B，C錯(cuò)誤； 又因?yàn)?4a＋b)·＝(4a＋b)·b＝4a·b＋|b|2＝4×(－1)＋4＝0， 所以(4a＋b)⊥. 7．(2018·永州模擬)在△ABC中，若A＝120°，·＝－1，則||的最小值是(　　) A. B．2 C. D．6 解析：選C.∵·＝－1， ∴||·||·cos 120°＝－1， 即||·||＝2， ∴||2＝|－|2＝2－2·＋2≥2||·||－2·＝6， ∴||min＝.

5、 8．(2018·豫南九校聯(lián)考)已知向量a＝(m,2)，b＝(2，－1)，且a⊥b，則的值為________． 解析：∵a⊥b，∴2m－2＝0，∴m＝1，則2a－b＝(0,5)，a＋b＝(3,1)，∴a·(a＋b)＝1×3＋2×1＝5， |2a－b|＝5，∴＝＝1. 9．(2018·江蘇揚(yáng)州質(zhì)檢)已知點(diǎn)E是正方形ABCD的邊CD的中點(diǎn)，若·＝－2，則·＝________. 解析：如圖，以A為坐標(biāo)原點(diǎn)，分別以AB，AD所在直線為x軸，y軸建立平面直角坐標(biāo)系，設(shè)正方形的邊長為2a(a＞0)，則A(0,0)，E(a,2a)，B(2a,0)，D(0,2a)，可得＝(a,2a)，＝(2a，

6、－2a)，若·＝－2，則2a2－4a2＝－2，解得a＝1，所以＝(－1,2)，＝(1,2)，所以·＝3. 答案：3 10．在△ABC中，⊥，M是BC的中點(diǎn)． (1)若||＝||，求向量＋2與向量2＋的夾角的余弦值； (2)若O是線段AM上任意一點(diǎn)，且||＝||＝，求·＋·的最小值． 解：(1)設(shè)向量＋2與向量2＋的夾角為θ， 則cos θ＝， 令||＝||＝a，則cos θ＝＝. (2)∵||＝||＝，∴||＝1，設(shè)||＝x(0≤x≤1)，則||＝1－x.而＋＝2， 所以·＋·＝·(＋)＝2·＝2||·||cos π＝2x2－2x＝22－， 當(dāng)且僅當(dāng)x＝時(shí)，·＋·取得最小值

7、，最小值為－. B級　能力提升練 11．(2018·佛山調(diào)研)已知a，b是平面內(nèi)兩個(gè)互相垂直的單位向量，若向量c滿足(a－c)·(b－c)＝0，則|c|的最大值是(　　) A．1 B．2 C. D． 解析：選C.設(shè)a＝(1,0)，b＝(0,1)，c＝(x，y)，則 (a－c)·(b－c)＝0，即(1－x，－y)·(－x,1－y)＝0， 整理得2＋2＝，這是一個(gè)圓心坐標(biāo)為，半徑為的圓，所求的值等價(jià)于這個(gè)圓上的點(diǎn)到坐標(biāo)原點(diǎn)的最大距離．根據(jù)圖形可知，這個(gè)最大距離是，即所求的最大值為. 12．(2017·浙江卷)如圖，已知平面四邊形ABCD，AB⊥BC，AB＝BC＝AD＝2，CD＝

8、3，AC與BD交于點(diǎn)O，記I1＝·，I2＝·，I3＝·，則(　　) A．I1＜I2＜I3 B．I1＜I3＜I2 C．I3＜I1＜I2 D．I2＜I1＜I3 解析：選C.在△ACD中，由余弦定理得 cos∠CAD＝＝＜， 得cos∠CAD＜cos∠CAB，即∠CAD＞∠CAB. 在等腰△ABD中，易得OD＞OB，∠AOB＞. 同理在等腰△ABC中， ∵∠ABD＜，∴CO＞OA. 又I1＝||||cos∠AOB， I3＝||||cos∠COD， ∴I3＜I1＜0，∴I2＞0＞I1＞I3，故選C. 13．(2018·南京模擬)在矩形ABCD中，邊AB、AD的長分別為2

9、、1，若M、N分別是邊BC、CD上的點(diǎn)，且滿足＝，則·的取值范圍是________． 解析：由題意設(shè)BM＝k，CN＝2k(0≤k≤1)，由＝＋，＝＋知，·＝(＋)·(＋)＝·＋·＋·＋·＝·＋·＝4－3k，又0≤k≤1，所以1≤4－3k≤4，故·的取值范圍是[1,4]． 答案：[1,4] 14．已知A，B，C分別為△ABC的三邊a，b，c所對的角，向量m＝(sin A，sin B)，n＝(cos B，cos A)，且m·n＝sin 2C. (1)求角C的大小； (2)若sin A，sin C，sin B成等差數(shù)列，且·(－)＝18，求邊c的長． 解：(1)由已知得m·n＝sin A

10、cos B＋cos Asin B＝sin(A＋B)， 因?yàn)锳＋B＋C＝π， 所以sin(A＋B)＝sin(π－C)＝sin C， 所以m·n＝sin C. 又m·n＝sin 2C， 所以sin 2C＝sin C，所以cos C＝. 又0＜C＜π，所以C＝. (2)由已知得2sin C＝sin A＋sin B，由正弦定理得 2c＝a＋b. 因?yàn)椤?－)＝·＝18， 所以abcos C＝18，所以ab＝36. 由余弦定理得c2＝a2＋b2－2abcos C＝(a＋b)2－3ab 所以c2＝4c2－3×36， 所以c2＝36，所以c＝6. 15．(2018·衡陽模擬)已知

11、m＝(2，1)，n＝cos2，sin(B＋C)，其中A，B，C是△ABC的內(nèi)角． (1)當(dāng)A＝時(shí)，求|n|的值； (2)若BC＝1，||＝，當(dāng)m·n取最大值時(shí)，求A的大小及AC邊的長． 解：(1)∵當(dāng)A＝時(shí)， n＝＝， ∴|n|＝ ＝. (2)∵m·n＝2cos2＋sin(B＋C) ＝(1＋cos A)＋sin A ＝2sin＋. ∵0＜A＜π，∴＜A＋＜. ∴當(dāng)A＋＝，即A＝時(shí)， sin＝1，此時(shí)m·n取得最大值2＋. 由余弦定理得BC2＝AB2＋AC2－2AB·ACcos A， 即12＝()2＋AC2－2AC×，化簡得AC2－3AC＋2＝0，解得AC＝1或2.

12、C級　素養(yǎng)加強(qiáng)練 16．(2018·武漢市模擬)如圖在等腰三角形ABC中，已知|AB|＝|AC|＝1，∠A＝120°，E，F(xiàn)分別是邊AB，AC上的點(diǎn)，且＝λ，＝μ，其中λ，μ∈(0,1)，且λ＋4μ＝1.若線段EF，BC的中點(diǎn)分別為M，N，則||的最小值為________． 解析：連接AM，AN，由·＝||||cos ＝－，＝(＋)＝(λ＋μ)， ＝(＋)，＝－＝(1－λ)＋(1－μ)， ||2＝[(1－λ)2－(1－λ)(1－μ)＋(1－μ)2]＝(1－λ)2－(1－λ)(1－μ)＋(1－μ)2，由λ＋4μ＝1?1－λ＝4μ，可得||2＝μ2－μ＋，∵λ，μ∈(0,1)，∴當(dāng)μ＝時(shí)，||2取最小值，||的最小值為，∴||的最小值為. 答案： 7