（山東專(zhuān)用）2020年高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí) 專(zhuān)題09 對(duì)數(shù)與對(duì)數(shù)函數(shù)（含解析）

《（山東專(zhuān)用）2020年高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí) 專(zhuān)題09 對(duì)數(shù)與對(duì)數(shù)函數(shù)（含解析）》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《（山東專(zhuān)用）2020年高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí) 專(zhuān)題09 對(duì)數(shù)與對(duì)數(shù)函數(shù)（含解析）（11頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、專(zhuān)題09 對(duì)數(shù)與對(duì)數(shù)函數(shù) 一、【知識(shí)精講】 1.對(duì)數(shù)的概念 如果ax＝N(a>0，且a≠1)，那么x叫做以a為底N的對(duì)數(shù)，記作x＝logaN，其中a叫做對(duì)數(shù)的底數(shù)，N叫做真數(shù). 2.對(duì)數(shù)的性質(zhì)、換底公式與運(yùn)算性質(zhì) (1)對(duì)數(shù)的性質(zhì)：①alogaN＝N；②logaab＝b(a>0，且a≠1). (2)對(duì)數(shù)的運(yùn)算法則 如果a>0且a≠1，M>0，N>0，那么 ①loga(MN)＝logaM＋logaN； ②loga＝logaM－logaN； ③logaMn＝nlogaM(n∈R)； ④logamMn＝logaM(m，n∈R，且m≠0). (3)換底公式：logbN＝(a，

2、b均大于零且不等于1). 3.對(duì)數(shù)函數(shù)及其性質(zhì) (1)概念：函數(shù)y＝logax(a＞0，且a≠1)叫做對(duì)數(shù)函數(shù)，其中x是自變量，函數(shù)的定義域是(0，＋∞). (2)對(duì)數(shù)函數(shù)的圖象與性質(zhì) a>1 01時(shí)，y>0； 當(dāng)01時(shí)，y<0； 當(dāng)00 在(0，＋∞)上是增函數(shù) 在(0，＋∞)上是減函數(shù) 4.反函數(shù) 指數(shù)函數(shù)y＝ax(a>0，且a≠1)與對(duì)數(shù)函數(shù)y＝logax(a>0，且a≠1)互為反函數(shù)，它們的圖象關(guān)于

3、直線y＝x對(duì)稱(chēng). [微點(diǎn)提醒] 1.換底公式的兩個(gè)重要結(jié)論 (1)logab＝；(2)logambn＝logab. 其中a>0，且a≠1，b>0，且b≠1，m，n∈R. 2.在第一象限內(nèi)，不同底的對(duì)數(shù)函數(shù)的圖象從左到右底數(shù)逐漸增大. 3.對(duì)數(shù)函數(shù)y＝logax(a>0，且a≠1)的圖象過(guò)定點(diǎn)(1，0)，且過(guò)點(diǎn)(a，1)，，函數(shù)圖象只在第一、四象限. 二、【典例精練】 考點(diǎn)一　對(duì)數(shù)的運(yùn)算 【例1】 (1)計(jì)算：÷100－＝________. (2)計(jì)算：＝________. 【答案】　(1)－20　(2)1 【解析】　(1)原式＝(lg 2－2－lg 52)×100＝lg

4、×10＝lg 10－2×10＝－2×10＝－20. (2)原式＝ ＝ ＝＝＝＝1. 【解法小結(jié)】　1.在對(duì)數(shù)運(yùn)算中，先利用冪的運(yùn)算把底數(shù)或真數(shù)進(jìn)行變形，化成分?jǐn)?shù)指數(shù)冪的形式，使冪的底數(shù)最簡(jiǎn)，然后正用對(duì)數(shù)運(yùn)算法則化簡(jiǎn)合并. 2.先將對(duì)數(shù)式化為同底數(shù)對(duì)數(shù)的和、差、倍數(shù)運(yùn)算，然后逆用對(duì)數(shù)的運(yùn)算法則，轉(zhuǎn)化為同底對(duì)數(shù)真數(shù)的積、商、冪再運(yùn)算. 3.ab＝N?b＝logaN(a>0，且a≠1)是解決有關(guān)指數(shù)、對(duì)數(shù)問(wèn)題的有效方法，在運(yùn)算中應(yīng)注意互化. 考點(diǎn)二　對(duì)數(shù)函數(shù)的圖象及應(yīng)用　 【例2】(1)函數(shù)y＝lg|x－1|的圖象是(　　) (2)已知當(dāng)0

5、值范圍為_(kāi)_______． 【答案】　(1)A　(2) 【解析】　(1)因?yàn)閥＝lg|x－1|＝ 當(dāng)x＝1時(shí)，函數(shù)無(wú)意義，故排除B、D. 又當(dāng)x＝2或0時(shí)，y＝0，所以A項(xiàng)符合題意． (2)若

6、 考點(diǎn)三　對(duì)數(shù)函數(shù)的性質(zhì)及應(yīng)用　 角度1　對(duì)數(shù)函數(shù)的性質(zhì) 【例3－1】 (2017·全國(guó)Ⅰ卷)已知函數(shù)f(x)＝ln x＋ln(2－x)，則(　　) A.f(x)在(0，2)上單調(diào)遞增 B.f(x)在(0，2)上單調(diào)遞減 C.y＝f(x)的圖象關(guān)于直線x＝1對(duì)稱(chēng) D.y＝f(x)的圖象關(guān)于點(diǎn)(1，0)對(duì)稱(chēng) 【答案】　C 【解析】　由題意知，f(x)＝ln x＋ln(2－x)的定義域?yàn)?0，2)，f(x)＝ln[x(2－x)]＝ln[－(x－1)2＋1]，由復(fù)合函數(shù)的單調(diào)性知，函數(shù)f(x)在(0，1)上單調(diào)遞增，在(1，2)上單調(diào)遞減，所以排除A，B；又f(2－x)＝ln(2－x

7、)＋ln x＝f(x)，所以f(x)的圖象關(guān)于直線x＝1對(duì)稱(chēng)，C正確，D錯(cuò)誤. 角度2　比較大小或解簡(jiǎn)單的不等式 【例3－2】 (1).(2017·全國(guó)Ⅰ卷)設(shè)x，y，z為正數(shù)，且2x＝3y＝5z，則(　　) A.2x<3y<5z B.5z<2x<3y C.3y<5z<2x D.3y<2x<5z 【答案】D 【解析】　令t＝2x＝3y＝5z， ∵x，y，z為正數(shù)，∴t>1. 則x＝log2t＝，同理，y＝，z＝. ∴2x－3y＝－＝ ＝>0， ∴2x>3y. 又∵2x－5z＝－＝＝<0， ∴2x<5z，∴3y<2x<5z. (2)若loga(a2＋1)

8、2a<0，則a的取值范圍是(　　) A.(0，1) B. C. D.(0，1)∪(1，＋∞) 【答案】C 【解析】由題意得a>0且a≠1，故必有a2＋1>2a， 又loga(a2＋1)1，∴a>.綜上，a∈. 角度3　對(duì)數(shù)型函數(shù)性質(zhì)的綜合應(yīng)用 【例3－3】 已知函數(shù)f(x)＝loga(3－ax). (1)當(dāng)x∈[0，2]時(shí)，函數(shù)f(x)恒有意義，求實(shí)數(shù)a的取值范圍； (2)是否存在這樣的實(shí)數(shù)a，使得函數(shù)f(x)在區(qū)間[1，2]上為減函數(shù)，并且最大值為1？如果存在，試求出a的值；如果不存在，請(qǐng)說(shuō)明理由. 【解析】　(1

9、)∵a>0且a≠1，設(shè)t(x)＝3－ax， 則t(x)＝3－ax為減函數(shù)， x∈[0，2]時(shí)，t(x)的最小值為3－2a， 當(dāng)x∈[0，2]時(shí)，f(x)恒有意義， 即x∈[0，2]時(shí)，3－ax>0恒成立. ∴3－2a>0.∴a<. 又a>0且a≠1，∴a的取值范圍是(0，1)∪. (2)t(x)＝3－ax，∵a>0， ∴函數(shù)t(x)為減函數(shù). ∵f(x)在區(qū)間[1，2]上為減函數(shù)，∴y＝logat為增函數(shù)， ∴a>1，x∈[1，2]時(shí)，t(x)最小值為3－2a，f(x)最大值為f(1)＝loga(3－a)， ∴即 故不存在這樣的實(shí)數(shù)a，使得函數(shù)f(x)在區(qū)間[1，2]上

10、為減函數(shù)，并且最大值為1. 【解法小結(jié)】　1.確定函數(shù)的定義域，研究或利用函數(shù)的性質(zhì)，都要在其定義域上進(jìn)行. 2.如果需將函數(shù)解析式變形，一定要保證其等價(jià)性，否則結(jié)論錯(cuò)誤. 3.在解決與對(duì)數(shù)函數(shù)相關(guān)的比較大小或解不等式問(wèn)題時(shí)，要優(yōu)先考慮利用對(duì)數(shù)函數(shù)的單調(diào)性來(lái)求解.在利用單調(diào)性時(shí)，一定要明確底數(shù)a的取值對(duì)函數(shù)增減性的影響，及真數(shù)必須為正的限制條件. 【思維升華】] 1.對(duì)數(shù)值取正、負(fù)值的規(guī)律 當(dāng)a>1且b>1或00； 當(dāng)a>1且01時(shí)，logab<0. 2.利用單調(diào)性可解決比較大小、解不等式、求最值等問(wèn)題，其基本方法是

11、“同底法”，即把不同底的對(duì)數(shù)式化為同底的對(duì)數(shù)式，然后根據(jù)單調(diào)性來(lái)解決. 3.比較冪、對(duì)數(shù)大小有兩種常用方法：(1)數(shù)形結(jié)合；(2)找中間量結(jié)合函數(shù)單調(diào)性. 4.多個(gè)對(duì)數(shù)函數(shù)圖象比較底數(shù)大小的問(wèn)題，可通過(guò)比較圖象與直線y＝1交點(diǎn)的橫坐標(biāo)進(jìn)行判定. 【易錯(cuò)注意點(diǎn)】] 1.在對(duì)數(shù)式中，真數(shù)必須是大于0的，所以對(duì)數(shù)函數(shù)y＝logax的定義域應(yīng)為(0，＋∞).對(duì)數(shù)函數(shù)的單調(diào)性取決于底數(shù)a與1的大小關(guān)系，當(dāng)?shù)讛?shù)a與1的大小關(guān)系不確定時(shí)，要分01兩種情況討論. 2.在運(yùn)算性質(zhì)logaMα＝αlogaM中，要特別注意條件，在無(wú)M>0的條件下應(yīng)為logaMα＝αloga|M|(α∈N*，

12、且α為偶數(shù)). 3.解決與對(duì)數(shù)函數(shù)有關(guān)的問(wèn)題時(shí)需注意兩點(diǎn)：(1)務(wù)必先研究函數(shù)的定義域；(2)注意對(duì)數(shù)底數(shù)的取值范圍. 三、【名校新題】 1. (2019·武漢月考)已知函數(shù)y＝loga(x＋c)(a，c為常數(shù)，其中a>0，且a≠1)的圖象如圖，則下列結(jié)論成立的是(　　) A.a>1，c>1 B.a>1，01 D.00，即logac>0，所以0

13、大小關(guān)系為(　　) A.a>b>c B.b>a>c C.c>b>a D.c>a>b 【答案】D　 【解析】log＝log3－15－1＝log35，因?yàn)楹瘮?shù)y＝log3x在(0，＋∞)上為增函數(shù)，所以log35>log3>log33＝1，因?yàn)楹瘮?shù)y＝在(－∞，＋∞)上為減函數(shù)，所以<＝1，故c>a>b. 3.(2018·張家界三模)在同一直角坐標(biāo)系中，函數(shù)f(x)＝2－ax，g(x)＝loga(x＋2)(a>0，且a≠1)的圖象大致為(　　) 【答案】A 【解析】　由題意，知函數(shù)f(x)＝2－ax(a>0，且a≠1)為單調(diào)遞減函數(shù)，當(dāng)0

14、>2，且函數(shù)g(x)＝loga(x＋2)在(－2，＋∞)上為單調(diào)遞減函數(shù)，C，D均不滿(mǎn)足；當(dāng)a>1時(shí)，函數(shù)f(x)＝2－ax的零點(diǎn)x＝<2，且x＝>0，又g(x)＝loga(x＋2)在(－2，＋∞)上是增函數(shù)，排除B，綜上只有A滿(mǎn)足. 4.(2019·肇慶二模)已知f(x)＝lg(10＋x)＋lg(10－x)，則(　　) A.f(x)是奇函數(shù)，且在(0，10)上是增函數(shù) B.f(x)是偶函數(shù)，且在(0，10)上是增函數(shù) C.f(x)是奇函數(shù)，且在(0，10)上是減函數(shù) D.f(x)是偶函數(shù)，且在(0，10)上是減函數(shù) 【答案】D 【解析】　由得x∈(－10，10)， 且f(x)

15、＝lg(100－x2). ∴f(x)是偶函數(shù)， 又t＝100－x2在(0，10)上單調(diào)遞減，y＝lg t在(0，＋∞)上單調(diào)遞增，故函數(shù)f(x)在(0，10)上單調(diào)遞減. 5. (2019·濰坊一模)若函數(shù)f(x)＝ax－a－x(a>0且a≠1)在R上為減函數(shù)，則函數(shù)y＝loga(|x|－1)的圖象可以是(　　) 【答案】D 【解析】由f(x)在R上是減函數(shù)，知01時(shí)，y＝loga(x－1)的圖象由y＝logax的圖象向右平移一個(gè)單位得到. 因此選項(xiàng)D正確. 6.(2019·

16、商丘二模)已知a>0且a≠1，函數(shù)f(x)＝loga(x＋)在區(qū)間(－∞， ＋∞)上既是奇函數(shù)又是增函數(shù)，則函數(shù)g(x)＝loga||x|－b|的圖象是(　　) 【答案】A 【解析】　∵函數(shù)f(x)＝loga(x＋)在區(qū)間(－∞，＋∞)上是奇函數(shù)，∴f(0)＝0，∴b＝1，又函數(shù)f(x)＝loga(x＋)在區(qū)間(－∞，＋∞)上是增函數(shù)，所以a>1. 所以g(x)＝loga||x|－1|，當(dāng)x>1時(shí)，g(x)＝loga(x－1)為增函數(shù)，排除B，D；當(dāng)0

17、5)(a>1)的單調(diào)遞增區(qū)間是________． 【答案】(5，＋∞) 【解析】由函數(shù)f(x)＝loga(x2－4x－5)，得x2－4x－5>0，得x<－1或x>5.令m(x)＝x2－4x－5，則m(x)＝(x－2)2－9，m(x)在[2，＋∞)上單調(diào)遞增，又由a>1及復(fù)合函數(shù)的單調(diào)性可知函數(shù)f(x)的單調(diào)遞增區(qū)間為(5，＋∞)． 8. (2019·成都七中檢測(cè))已知a>b>1，若logab＋logba＝，ab＝ba，則a＝________，b＝________. 【答案】4,2 【解析】　設(shè)logba＝t，則t>1，因?yàn)閠＋＝， 所以t＝2，則a＝b2. 又ab＝ba，所以b2

18、b＝bb2， 即2b＝b2，又a>b>1，解得b＝2，a＝4. 9.(2019·昆明診斷)設(shè)f(x)＝lg是奇函數(shù)，則使f(x)<0的x的取值范圍是________. 【答案】　(－1，0) 【解析】由f(x)是奇函數(shù)可得a＝－1， ∴f(x)＝lg，定義域?yàn)?－1，1). 由f(x)<0，可得0<<1，∴－10時(shí)，f(2－a)＝－log2(1＋a)＝1. 解得a＝－，不合題意. 當(dāng)2－a≥2，即a≤0時(shí)，f(2－a

19、)＝2－a－1＝1，即2－a＝2，解得a＝－1，所以f(a)＝f(－1)＝－log24＝－2. 11(2019·日照調(diào)研)已知函數(shù)f(x)＝若方程f(x)－a＝0恰有一個(gè)實(shí)根，則實(shí)數(shù)a的取值范圍是________. 【答案】{0}∪[2，＋∞) 【解析】作出函數(shù)y＝f(x)的圖象(如圖所示). 方程f(x)－a＝0恰有一個(gè)實(shí)根，等價(jià)于函數(shù)y＝f(x)的圖象與直線y＝a恰有一個(gè)公共點(diǎn)， 故a＝0或a≥2，即a的取值范圍是{0}∪[2，＋∞). 12.已知函數(shù)f(x)是定義在R上的偶函數(shù)，且f(0)＝0，當(dāng)x>0時(shí)，f(x)＝logx. (1)求函數(shù)f(x)的解析式； (2)解

20、不等式f(x2－1)>－2. 【解析】　(1)當(dāng)x<0時(shí)，－x>0，則f(－x)＝log(－x). 因?yàn)楹瘮?shù)f(x)是偶函數(shù)，所以f(－x)＝f(x)＝log(－x)， 所以函數(shù)f(x)的解析式為 f(x)＝ (2)因?yàn)閒(4)＝log4＝－2，f(x)是偶函數(shù)， 所以不等式f(x2－1)>－2轉(zhuǎn)化為f(|x2－1|)>f(4). 又因?yàn)楹瘮?shù)f(x)在(0，＋∞)上是減函數(shù)， 所以|x2－1|<4，解得－

21、n>ln恒成立，求實(shí)數(shù)m的取值范圍. 【解析】　(1)由>0，解得x<－1或x>1， ∴函數(shù)f(x)的定義域?yàn)?－∞，－1)∪(1，＋∞)， 當(dāng)x∈(－∞，－1)∪(1，＋∞)時(shí)， f(－x)＝ln＝ln＝ln＝－ln＝－f(x). ∴f(x)＝ln是奇函數(shù). (2)由于x∈[2，6]時(shí)，f(x)＝ln>ln恒成立， ∴>>0恒成立， ∵x∈[2，6]，∴0