2013年全國高考數(shù)學第二輪復習 專題升級訓練14 橢圓、雙曲線、拋物線 文

專題升級訓練14橢圓、雙曲線、拋物線(時間：60分鐘滿分：100分)一、選擇題(本大題共6小題，每小題6分，共36分)1(2012·安徽安慶二模，2)在同一坐標系下，下列曲線中，右焦點與拋物線y24x的焦點重合的是()A1 B1C1 D12已知圓的方程為x2y24，若拋物線過定點A(0,1)，B(0，1)，且以該圓的切線為準線，則拋物線焦點的軌跡方程是()A1(y0) B1(y0)C1(x0) D1(x0)3若點P為共焦點的橢圓C1和雙曲線C2的一個交點，F(xiàn)1，F(xiàn)2分別是它們的左、右焦點，設橢圓的離心率為e1，雙曲線的離心率為e2.若·0，則()A1 B2 C3 D44若直線mxny4與圓x2y24沒有交點，則過點P(m，n)的直線與橢圓1的交點個數(shù)為()A至少1個 B2個C1個 D0個5已知點A，B是雙曲線x21上的兩點，O為坐標原點，且滿足·0，則點O到直線AB的距離等于()A B C2 D26(2012·山東濰坊3月模擬，10)直線4kx4yk0與拋物線y2x交于A，B兩點，若|AB|4，則弦AB的中點到直線x0的距離等于()A B2 C D4二、填空題(本大題共3小題，每小題6分，共18分)7(2012·江蘇蘇、錫、常、鎮(zhèn)四市調(diào)研，8)已知點M與雙曲線1的左，右焦點的距離之比為23，則點M的軌跡方程為_8已知拋物線y22px(p0)上一點M(1，m)，到其焦點的距離為5，雙曲線x21的左頂點為A，若雙曲線的一條漸近線與直線AM垂直，則實數(shù)a_.9連接拋物線x24y的焦點F與點M(1,0)所得的線段與拋物線交于點A，設點O為坐標原點，則OAM的面積為_三、解答題(本大題共3小題，共46分解答應寫出必要的文字說明、證明過程或演算步驟)10(本小題滿分15分)(2012·河北邯鄲一模，20)已知橢圓C：1(ab0)的短軸長等于焦距，橢圓C上的點到右焦點F的最短距離為1.(1)求橢圓C的方程；(2)過點E(2,0)且斜率為k(k0)的直線l與C交于M，N兩點，P是點M關(guān)于x軸的對稱點，證明：N，F(xiàn)，P三點共線11(本小題滿分15分)如圖，橢圓C：1的焦點在x軸上，左、右頂點分別為A1，A，上頂點為B拋物線C1，C2分別以A，B為焦點，其頂點均為坐標原點O，C1與C2相交于直線yx上一點P.(1)求橢圓C及拋物線C1，C2的方程；(2)若動直線l與直線OP垂直，且與橢圓C交于不同兩點M，N，已知點Q(，0)，求·的最小值12(本小題滿分16分)(2012·安徽安慶二模，20)已知直線l：xy80，圓O：x2y236(O為坐標原點)，橢圓C：1(ab0)的離心率為e，直線l被圓O截得的弦長與橢圓的長軸長相等(1)求橢圓C的方程；(2)過點(3,0)作直線l，與橢圓C交于A，B兩點，設(O是坐標原點)，是否存在這樣的直線l，使四邊形OASB的對角線長相等？若存在，求出直線l的方程；若不存在，說明理由參考答案一、選擇題1D2C解析：過點A，B，O(O為坐標原點)分別向拋物線的準線作垂線，垂足為A1，B1，O1，設拋物線的焦點F(x，y)，則|FA|AA1|，|FB|BB1|，|FA|FB|AA1|BB1|.O為AB的中點，|AA1|BB1|2|OO1|4.|FA|FB|4，故點F的軌跡是以A，B為焦點的橢圓，其方程為1.又F點不能在y軸上，故所求軌跡方程為1(x0)故選C.3B解析：設橢圓方程為1(ab0)，雙曲線方程為1(m0，n0)，其中兩焦點距離為2c.不妨令P在第一象限，由題意知|PF1|am，|PF2|am，又·0，PF1PF2，|PF1|2|PF2|2|F1F2|2，2(a2m2)4c2，2，故選B.4B解析：直線mxny4與圓x2y24沒有交點，圓心到直線的距離d2，解得m2n24，即點P(m，n)在以原點為圓心，半徑為2的圓的內(nèi)部，而此圓在橢圓1的內(nèi)部，故點P在橢圓內(nèi)部，經(jīng)過此點的任意直線與橢圓有兩個交點故選B.5A解析：由·0OAOB，由于雙曲線為中心對稱圖形，因此可考查特殊情況，令點A為直線yx與雙曲線在第一象限的交點，因此點B為直線yx與雙曲線在第四象限的一個交點，因此直線AB與x軸垂直，點O到直線AB的距離就為點A或點B的橫坐標的值由x.故選A.6C解析：據(jù)拋物線定義知，|AB|x1x24，x1x2.故弦AB的中點到x的距離為.二、填空題7x2y226x250解析：由題意得a216，b29，c216925.F1(5,0)，F(xiàn)2(5,0)設M(x，y)，有，即.整理即可8解析：根據(jù)拋物線的性質(zhì)得15，p8.不妨取M(1,4)，則AM的斜率為2，由已知得×21.故a.9解析：線段FM所在直線方程xy1與拋物線交于A(x0，y0)，則y032或y032(舍去)SOAM×1×(32).三、解答題10解：(1)由題可知解得a，c1，b1.橢圓C的方程為y21.(2)設直線l為yk(x2)，M(x1，y1)，N(x2，y2)，P(x1，y1)，F(xiàn)(1,0)，由得(2k21)x28k2x8k220.所以x1x2，x1x2.而(x21，y2)(x21，kx22k)，(x11，y1)(x11，kx12k)(x11)(kx22k)(x21)(kx12k)k2x1x23(x1x2)4k0，.N，F(xiàn)，P三點共線11解：(1)由題意，A(a,0)，B(0，)，故拋物線C1的方程可設為y24ax，C2的方程為x24y.由所以橢圓C：1，拋物線C1：y216x，拋物線C2：x24y.(2)由(1)知，直線OP的斜率為，所以直線l的斜率為，設直線l的方程為yxb.由消去y，整理得5x28bx(8b216)0，因為動直線l與橢圓C交于不同兩點，所以128b220(8b216)0，解得b.設M(x1，y1)，N(x2，y2)，則x1x2，x1x2，y1y2x1x2(x1x2)b2.因為(x1，y1)，(x2，y2)，所以·(x1，y1)·(x2，y2)x1x2(x1x2)y1y22.因為b，所以當b時，·取得最小值其最小值等于×2×.12解：(1)圓心O到直線l：xy80的距離為d4，直線l被圓O截得的弦長2a24，a2.又，a2b2c2，解得b1，c.橢圓C的方程為y21.(2)，四邊形OASB是平行四邊形假設存在這樣的直線l，使四邊形OASB的對角線長相等則四邊形OASB為矩形，因此有，設A(x1，y1)，B(x2，y2)，則x1x2y1y20.直線l的斜率顯然存在，設過點(3,0)的直線l方程為yk(x3)，由得(14k2)x224k2x36k240，由(24k2)24(14k2)(36k24)0，可得5k210，即k2.x1x2y1y2x1x2k2(x13)(x23)(1k2)x1x23k2(x1x2)9k2(1k2)3k29k2，由x1x2y1y20得，k2，k±，滿足0.故存在這樣的直線l，其方程為y±(x3)