【導(dǎo)與練】（新課標）2016屆高三數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí) 第13篇 第1節(jié) 坐標系課時訓(xùn)練 理

《【導(dǎo)與練】（新課標）2016屆高三數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí) 第13篇 第1節(jié) 坐標系課時訓(xùn)練 理》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《【導(dǎo)與練】（新課標）2016屆高三數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí) 第13篇 第1節(jié) 坐標系課時訓(xùn)練 理（8頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

1、 第十三篇　坐標系與參數(shù)方程(選修44) 第1節(jié) 坐標系課時訓(xùn)練 理 【選題明細表】 知識點、方法 題號 平面直角坐標系中的伸縮變換 3 極坐標與直角坐標的互化 1、7、10 直線和圓的極坐標方程及應(yīng)用 4、9、11 簡單曲線的極坐標方程及應(yīng)用 2、5、6、8、12、13 一、選擇題 1.(2014天津模擬)已知曲線的極坐標方程為ρ=4cos 2-2,則其直角坐標方程為(　C　) (A)x2+(y+1)2=1 (B)(x+1)2+y2=1 (C)(x-1)2+y2=1 (D)x2+(y-1)2=1 解析:由ρ=4cos 2-2得ρ=2(cos θ+1)-

2、2=2cos θ, 即x2+y2=2x, 得(x-1)2+y2=1. 2.(2014海淀模擬)在極坐標系中,曲線ρ=4cos θ圍成的圖形面積為(　C　) (A)π (B)4 (C)4π (D)16 解析:由曲線的極坐標方程ρ=4cos θ, 得ρ2=4ρcos θ, 所以圓的直角坐標方程為x2+y2-4x=0, 化為標準方程, 得(x-2)2+y2=4, 所以圓的半徑為2,面積為4π. 3.在平面直角坐標系中,經(jīng)伸縮變換后曲線x2+y2=16變換為橢圓 x′2+=1,此伸縮變換公式是(　B　) (A) (B) (C) (D) 解析:設(shè)此伸縮變換為 代入x′2+

3、=1, 得(λx)2+=1, 即16λ2x2+μ2y2=16. 與x2+y2=16比較得 故 即所求變換為 4.(2013高考安徽卷)在極坐標系中,圓ρ=2cos θ的垂直于極軸的兩條切線方程分別為(　B　) (A)θ=0(ρ∈R)和ρcos θ=2 (B)θ=(ρ∈R)和ρcos θ=2 (C)θ=(ρ∈R)和ρcos θ=1 (D)θ=0(ρ∈R)和ρcos θ=1 解析:把圓ρ=2cos θ的方程化為(x-1)2+y2=1知,圓的垂直于極軸的兩條切線方程分別為x=0和x=2,從而得這兩條切線的極坐標方程為θ=(ρ∈R) 和ρcos θ=2. 故選B. 二、填

4、空題 5.(2014韶關(guān)模擬)在極坐標系中,過點A（1,-）引圓ρ=8sin θ的一條切線,則切線長為　　　　.? 解析:點A（1,-）的極坐標化為直角坐標為A(0,-1), 圓ρ=8sin θ的直角坐標方程為x2+y2-8y=0, 圓的標準方程為x2+(y-4)2=16, 點A與圓心C(0,4)的距離為|AC|=5, 所以切線長為=3. 答案:3 6.(2014廣州模擬)已知曲線C1的極坐標方程為ρ=6cos θ,曲線C2的極坐標方程為θ=(ρ∈R),曲線C1、曲線C2的交點為A,B,則弦AB的長為　　　　.? 解析:由ρ2=x2+y2,tan θ=, 將曲線C1與曲線C

5、2的極坐標方程轉(zhuǎn)化為直角坐標方程為C1:x2+y2=6x, 即(x-3)2+y2=9, 故C1是圓心為(3,0), 半徑為3的圓, C2:θ=, 即y=x,表示過原點傾斜角為的直線. 因為的解為 所以|AB|=3. 答案:3 7.(2014南昌調(diào)研)在極坐標系中,圓ρ=2cos θ與直線θ=(ρ>0)所表示的圖形的交點的極坐標是　　　　.? 解析:圓ρ=2cos θ可轉(zhuǎn)化為x2-2x+y2=0, 直線θ=(ρ>0)可轉(zhuǎn)化為y=x(x>0), 兩個方程聯(lián)立得交點坐標是(1,1), 可得其極坐標是（,）. 答案:（,） 8.(2014高考天津卷)在以O(shè)為極點的極坐標系

6、中,圓ρ=4sin θ和直線ρsin θ=a相交于A,B兩點.若△AOB是等邊三角形,則a的值為　　　　.? 解析:由于圓和直線的直角坐標方程分別為x2+y2=4y和y=a, 它們相交于A,B兩點,△AOB為等邊三角形, 所以不妨取直線OB的方程為y=x, 聯(lián)立 消去y,得x2=x, 解得x=或x=0, 所以a=3. 答案:3 9.(2014保定模擬)點M,N分別是曲線ρsin θ=2和ρ=2cos θ上的動點,則|MN|的最小值是　　　　.? 解析:ρsin θ=2化為普通方程為y=2, ρ=2cos θ化為普通方程為x2+y2-2x=0, 即(x-1)2+y2=1,

7、 圓(x-1)2+y2=1上的點到直線上點的距離的最小值為圓心(1,0)到直線y=2的距離減去半徑,即為2-1=1. 答案:1 三、解答題 10.在極坐標系下,已知圓O:ρ=cos θ+sin θ和直線l:ρsin=. (1)求圓O和直線l的直角坐標方程; (2)當θ∈(0,π)時,求直線l與圓O公共點的極坐標. 解:(1)圓O:ρ=cos θ+sin θ, 即ρ2=ρcos θ+ρsin θ, 圓O的直角坐標方程為x2+y2=x+y, 即x2+y2-x-y=0. 直線l:ρsin=, 即ρsin θ-ρcos θ=1, 則直線l的直角坐標方程為y-x=1, 即x-

8、y+1=0. (2)由得 故直線l與圓O公共點的極坐標為. 11.(2014淮安模擬)在極坐標系中,曲線L:ρsin 2θ=2cos θ,過點A(5,α)（α為銳角且tan α=）作平行于θ=(ρ∈R)的直線l,且l與曲線L分別交于B,C兩點. (1)以極點為原點,極軸為x軸的正半軸,取與極坐標相同單位長度,建立平面直角坐標系,寫出曲線L和直線l的普通方程. (2)求|BC|的長. 解:(1)由題意得,點A的直角坐標為(4,3),由曲線L的極坐標方程ρsin 2θ=2cos θ, 得ρ2sin 2θ=2ρcos θ, 所以L的直角坐標方程為y2=2x. 由于直線l的斜率為1,

9、且過點A(4,3),故直線l的普通方程為y-3=x-4,即y=x-1. (2)設(shè)B(x1,y1),C(x2,y2), 由消去y, 得x2-4x+1=0, 由一元二次方程的根與系數(shù)的關(guān)系, 得x1+x2=4,x1x2=1, 由弦長公式得|BC|==2. 12.(2014蘇州模擬)在極坐標系中,圓C是以點C（2,-）為圓心,2為半徑的圓. (1)求圓C的極坐標方程. (2)求圓C被直線l:θ=-所截得的弦長. 解:法一　(1)設(shè)所求圓上任意一點M(ρ,θ),如圖, 在Rt△OAM中,∠OMA=90°, ∠AOM=2π-θ-,|OA|=4. 因為cos ∠AOM=,

10、所以|OM|=|OA|·cos ∠AOM, 即ρ=4cos（2π-θ-）=4cos（θ+）, 驗證可知,極點O與A（4,-）的極坐標也滿足方程, 故ρ=4cos （θ+）為所求. (2)設(shè)l:θ=-交圓C于點P, 在Rt△OAP中,∠OPA=90°, 易得∠AOP=, 所以|OP|=|OA|cos ∠AOP=2. 法二　(1)圓C是將圓ρ=4cos θ繞極點按順時針方向旋轉(zhuǎn)而得到的圓,所以圓C的極坐標方程是ρ=4cos（θ+）. (2)將θ=-代入圓C的極坐標方程ρ=4cos（θ+）,得ρ=2,所以圓C被直線l:θ=-所截得的弦長為2. 13.(2014鄭州模擬)已知曲線C

11、1的極坐標方程為ρcos（θ-）=-1,曲線C2的極坐標方程為ρ=2cos（θ-）.以極點為坐標原點,極軸為x軸正半軸建立平面直角坐標系. (1)求曲線C2的直角坐標方程. (2)求曲線C2上的動點M到曲線C1的距離的最大值. 解:(1)依題意,得ρ=2cos（θ-）=2(cos θ+sin θ), 即ρ2=2(ρcos θ+ρsin θ), 可得x2+y2-2x-2y=0, 故C2的直角坐標方程為(x-1)2+(y-1)2=2. (2)曲線C1的極坐標方程為ρcos（θ-）=-1, 即ρ（cos θ+sin θ）=-1, 化為直角坐標方程為x+y+2=0, 由(1)知曲線C2是以(1,1)為圓心,為半徑的圓,且圓心到直線C1的距離d==>r=, 于是直線與圓相離,所以動點M到曲線C1的距離的最大值為. 8