高三物理一輪復習 第3章 兩類問題、超重和失重復習課件.ppt

兩類問題、超重和失重 第三章 復習小結(jié)一,1.如圖甲所示,在粗糙水平面上,物塊A在水平向右的外力F的作用下做直線運動,其速度時間圖象如圖乙所示,下列判斷正確的是 ( ) A.在01 s內(nèi),外力F不斷增大 B.在1 s3 s內(nèi),外力F的大小恒定 C.在3 s4 s內(nèi),外力F不斷減小 D.在3 s4 s內(nèi),外力F的大小恒定,兩類動力學（多過程）問題,2.如圖所示,物體P以一定的初速度v沿光滑水平面向右運動,與一個右端固定的輕質(zhì)彈簧相撞,并被彈簧反向彈回.若彈簧在被壓縮過程中始終遵守胡克定律,那么在P與彈簧發(fā)生相互作用的整個過程中 ( ) A.P的加速度大小不斷變化,方向也不斷變化 B.P的加速度大小不斷變化,但方向只改變一次 C.P的加速度大小不斷改變,當加速度數(shù)值最大時,速度最小 D.有一段過程,P的加速度逐漸增大,速度也逐漸增大,3.如圖所示,自由下落的小球下落一段時間后,與彈簧接觸,從它接觸彈簧開始,到彈簧壓縮到最短的過程中,小球的速度、加速度的變化情況如何？,234,4、如圖所示,在光滑水平面AB上,水平恒力F推動質(zhì)量為m=1 kg的物體從A點由靜止開始做勻加速直線運動,物體到達B點時撤去F,接著又沖上光滑斜面(設經(jīng)過B點前后速度大小不變,最高能到達C點,用速度傳感器測量物體的瞬時速度,表中記錄了部分測量數(shù)據(jù)),求:,(1)恒力F的大小. (2)斜面的傾角. (3)t=2.1 s時物體的速度.,解析 (1)物體從A到B過程中:a1= =2 m/s2 則F=ma1=2 N (2)物體從B到C過程中a2= =5 m/s 由牛頓第二定律可知mgsin=ma2 代入數(shù)據(jù)解得sin=1/2,=30°,(3)設B點的速度為vB,從v=0.8 m/s到B點過程中vB=0.8+a1t1 從B點到v=3 m/s過程vB=3+a2t2 t1+t2=1.8 s 解得t1=1.6s t2=0.2s vB=4 m/s 所以,當t=2 s時物體剛好達到B點 當t=2.1 s時v=vB-a2(t-2) v=3.5 m/s.,解決兩類動力學問題方法小結(jié),(1)把握“兩個分析”“一個橋梁” 兩個分析：物體的受力分析和物體的運動過程分析。 一個橋梁：物體運動的加速度是聯(lián)系運動和力的橋梁。 (2)尋找多過程運動問題中各過程間的聯(lián)系。 如第一個過程的末速度就是下一個過程的初速度，畫圖找出各過程間的位移聯(lián)系。,1.如圖是我國“美男子”長征火箭把載人神舟飛船送上太空的情景.宇航員在火箭發(fā)射與飛船回收的過程中均要經(jīng)受超重與失重的考驗,下列說法正確的是( ) A.火箭加速上升時,宇航員處于失重狀態(tài) B.飛船加速下落時,宇航員處于失重狀態(tài) C.飛船落地前減速,宇航員對座椅的壓力 大于其重力 D.火箭上升的加速度逐漸減小時,宇航員對座椅的壓力小于其重力,超重和失重,感悟小結(jié),超重還是失重的重要判據(jù)：,發(fā)生超重、失重時，重力不變，視重改變,a的方向,2、如圖所示,一個盛水的容器底部有一小孔.靜止時用手指堵住小孔不讓它漏水,假設容器在下述幾種運動過程中始終保持平動,且忽略空氣阻力,則 ( ) A.容器自由下落時,小孔向下漏水 B.將容器豎直向上拋出,容器向上運動時,小孔向下 漏水;容器向下運動時,小孔不向下漏水 C.將容器水平拋出,容器在運動中小孔向下漏水 D.將容器斜向上拋出,容器在運動中小孔不向下漏水,3.由靜止開始豎直向上運動的電梯里,某同學把測量加速度的傳感器固定在手提包上,手提包與傳感器總質(zhì)量為1 kg,到達某一樓層停止,采集數(shù)據(jù)并分析處理后列在下表中. 在計算機上畫出手提包在此過程中速度v、加速度a、手對手提包的拉力F、位移x隨時間的變化關系圖象,請根據(jù)上表數(shù)據(jù)和所學知識,判斷下列選項中正確的是(g取10 m/s2) ( ),4.一個研究性學習小組設計了一個豎直加速度器,如圖所示.把輕彈簧上端用膠帶固定在一塊紙板上,讓其自然下垂,在彈簧末端處的紙板上刻上水平線A.現(xiàn)把墊圈用膠帶固定在彈簧的下端,在墊圈自由垂下處刻上水平線B,在B的下方刻一水平線C,使AB間距等于BC間距.假定當?shù)刂亓铀俣萭=10 m/s2,當加速度器在豎直方向運動時,若彈簧末端的墊圈( ),A.在A處,則表示此時的加速度為零 B.在A處,則表示此時的加速度大小為g,且方向向下 C.在C處,則質(zhì)量為50 g的墊圈對彈簧的拉力為1 N D.在BC之間某處,則此時加速度器一定是在加速上升,作業(yè),復習、小結(jié)、反思,三維P39要點一 課時跟蹤P247對點訓練：超重與失重,電子作業(yè)（書寫在作業(yè)本上）,1. 質(zhì)量為10 kg的物體在F=200 N的水平推力作用下,從粗糙斜面的底端由靜止開始沿斜面運動,斜面固定不動,與水平地面的夾角=37°,如圖所示.力F作用2秒鐘后撤去,物體 在斜面上繼續(xù)上滑了1.25 秒鐘后,速度減為零.求: 物體與斜面間的動摩擦 因數(shù)和物體的總位移x. (已知sin 37°=0.6,cos 37°=0.8,g=10 m/s2),解析 設力F作用時物體沿斜面上升的加速度為a1,撤去力F后其加速度變?yōu)閍2,則:a1t1=a2t2 在沿斜面方向上,由牛頓第二定律可得 Fcos-mgsin-Ff1=ma1 Ff1=FN1=(mgcos+Fsin) 撤去力F后,由牛頓第二定律得 mgsin+Ff2=ma2 Ff2=FN2=mgcos 聯(lián)立式,得a2=8 m/s2 a1=5 m/s2 =0.25 物體運動的總位移x= a1t12+ a2t22=16.25 m,2. 如圖所示, 一足夠長的光滑斜面傾角為=30°,斜面AB與水平面BC連接,質(zhì)量m=2 kg的物體置于水平面上的D點,D點距B點d=7 m.物體與水平面間的動摩擦因數(shù)=0.2,當物體受到一水平向左的恒力F=8 N作用t=2 s后撤去該力,不考慮物體經(jīng)過B點時的碰撞損失,重力加速度g取10 m/s2.求撤去拉力F后,經(jīng)過多長時間物體經(jīng)過B點?,解析 在F的作用下物體運動的加速度a1,由牛頓運動定律得F-mg=ma1 解得a1=2 m/s2 F作用2 s后的速度v1和位移x1分別為 v1=a1t=4 m/s x1=a1t2/2=4 m 撤去F后,物體運動的加速度為a2 mg=ma2 解得a2=2 m/s2 第一次到達B點所用時間t1,則 d-x1=v1t1-a2t12/2 解得t1=1 s,此時物體的速度v2=v1-a2t1=2 m/s 當物體由斜面重回B點時,經(jīng)過時間t2,物體在斜面上運動的加速度為a3,則 mgsin 30°=ma3 t2= =0.8 s 第二次經(jīng)過B點時間為t=t1+t2=1.8 s 所以撤去F后,分別經(jīng)過1 s和1.8 s物體經(jīng)過B點.,3如圖所示，物體A的質(zhì)量M1 kg，靜止在光滑水平面上的平板車B的質(zhì)量為m0.5 kg，長L1 m某時刻A以v04 m/s向右的初速度滑上木板B的上表面，在A滑上B的同時，給B施加一個水平向右的拉力忽略物體A的大小，已知A與B之間的動摩擦因數(shù)0.2，取重力加速度g10 m/s2.試求：,(1)若F5 N，物體A在小車上運動時相對小車滑行的最大距離； (2)如果要使A不至于從B上滑落，拉力F大小應滿足的條件,解析: （1）物體A滑上木板B以后，有mg =maA 得aA=g=2 m/s2 木板B作加速運動，有F+mg=MaB，得：aB=14 m/s2 兩者速度相同時，有V0-aAt=aBt，得：t=0.25s A滑行距離：SA=V0t-aAt2/2=15/16m B滑行距離：SB=aBt2/2=7/16m 最大距離：s= SA- SB=0.5m (2)物體A不滑落的臨界條件是A到達B的右端時，A、B具有共同的速度v1 可得：aB=6m/s2 F= m2aBm1g=1N 若F1N，則A滑到B的右端時，速度仍大于B的速度，于是將從B上滑落，所以F必須大于等于1N。 當F較大時，在A到達B的右端之前，就與B具有相同的速度，之后，A必須相對B靜止，才不會從B的左端滑落。 即有：F=（m+m）a，m1g =m1a 所以：F3N 若F大于3N，A就會相對B向左滑下。 綜上：力F應滿足的條件是： 1NF3N,