高考物理大二輪總復(fù)習(xí) 增分策略 專題五 第1講 電場與磁場的理解課件.ppt

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專題五 電場與磁場,,本專題主要是綜合應(yīng)用動力學(xué)方法和功能關(guān)系解決帶電粒子在電場和磁場中的運(yùn)動問題．這部分的題目覆蓋的內(nèi)容多，物理過程多，且情景復(fù)雜，綜合性強(qiáng)，常作為理綜試卷的壓軸題．高考對本專題考查的重點(diǎn)有以下幾個方面：①對電場力的性質(zhì)和能的性質(zhì)的理解；②帶電粒子在電場中的加速和偏轉(zhuǎn)問題；③帶電粒子在磁場中的勻速圓周運(yùn)動問題；④帶電粒子在電場和磁場的組合場中的運(yùn)動問題；⑤帶電粒子在電場和磁場的疊加場中的運(yùn)動問題；⑥帶電粒子在電場和磁場中運(yùn)動的臨界問題．,專題定位,,,,針對本專題的特點(diǎn)，應(yīng)“抓住兩條主線、明確兩類運(yùn)動、運(yùn)用兩種方法”解決有關(guān)問題．兩條主線是指電場力的性質(zhì)(物理量——電場強(qiáng)度)和能的性質(zhì)(物理量——電勢和電勢能)；兩類運(yùn)動是指類平拋運(yùn)動和勻速圓周運(yùn)動；兩種方法是指動力學(xué)方法和功能關(guān)系．,應(yīng)考策略,,,,,,,,高考題型1 對電場性質(zhì)的理解,高考題型2 電場矢量合成問題,高考題型3 帶電粒子在有界磁場中的臨界、極值問題,高考題型4 帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中的多過程問題,欄目索引,,,第1講 電場與磁場的理解,,高考題型1 對電場性質(zhì)的理解,解題方略,1．對電場強(qiáng)度的三個公式的理解 (1)E＝ 是電場強(qiáng)度的定義式，適用于任何電場．電場中某點(diǎn)的場強(qiáng)是確定值，其大小和方向與試探電荷q無關(guān)．試探電荷q充當(dāng)“測量工具”的作用．,(2)E＝ 是真空中點(diǎn)電荷所形成的電場的決定式．E由場源電荷Q和場源電荷到某點(diǎn)的距離r決定． (3)E＝ 是場強(qiáng)與電勢差的關(guān)系式，只適用于勻強(qiáng)電場，注意：式中d為兩點(diǎn)間沿電場方向的距離．,2．電場線：假想線，直觀形象地描述電場中各點(diǎn)場強(qiáng)的強(qiáng)弱及方向，曲線上各點(diǎn)的切線方向表示該點(diǎn)的場強(qiáng)方向，曲線的疏密程度表示電場的強(qiáng)弱． 3．電勢高低的比較 (1)根據(jù)電場線方向，沿著電場線方向，電勢越來越低； (2)根據(jù)電勢的定義式φ＝ ，即將＋q從電場中的某點(diǎn)移至無窮遠(yuǎn)處電場力做功越多，則該點(diǎn)的電勢越高； (3)根據(jù)電勢差UAB＝φA－φB，若UAB0，則φAφB，反之φAφB.,4．電勢能變化的判斷 (1)根據(jù)電場力做功判斷，若電場力對電荷做正功，電勢能減少；反之則增加．即WAB＝－ΔEp. (2)根據(jù)能量守恒定律判斷，電場力做功的過程是電勢能和其他形式的能相互轉(zhuǎn)化的過程，若只有電場力做功，電荷的電勢能與動能相互轉(zhuǎn)化，而總和應(yīng)保持不變．即當(dāng)動能增加時，電勢能減少．,例1 (多選) 如圖1所示是某空間部分電場線分布 圖，在電場中取一點(diǎn)O，以O(shè)為圓心的圓周上有M、 Q、N三個點(diǎn)，連線MON與直電場線重合，連線OQ 垂直于MON.下列說法正確的是( ) A．M點(diǎn)的場強(qiáng)大于N點(diǎn)的場強(qiáng) B．O點(diǎn)的電勢等于Q點(diǎn)的電勢 C．將一負(fù)點(diǎn)電荷由M點(diǎn)移到Q點(diǎn)，電荷的電勢能增加 D．一正點(diǎn)電荷只受電場力作用能從Q點(diǎn)沿圓周運(yùn)動至N點(diǎn),圖1,解析 電場線的疏密表示場強(qiáng)的強(qiáng)弱，故M點(diǎn)的場強(qiáng)大于N點(diǎn)的場強(qiáng)，故A正確； 根據(jù)電場線與等勢線垂直的特點(diǎn)，在O點(diǎn)所在電場線上找到Q點(diǎn)的等勢點(diǎn)，根據(jù)沿電場線電勢降低可知，O點(diǎn)的電勢比Q點(diǎn)的電勢高，故B錯誤； 將一負(fù)點(diǎn)電荷由M點(diǎn)移到Q點(diǎn)，電場力做負(fù)功，電勢能增加，故C正確； 一正點(diǎn)電荷只受電場力作用不可能沿圓周運(yùn)動，故D錯誤． 答案 AC,預(yù)測1 (多選) 兩電荷量分別為q1和q2的點(diǎn)電荷 放在x軸上的O、M兩點(diǎn)，兩電荷連線上各點(diǎn)電 勢φ隨x變化的關(guān)系如圖2所示，其中A、N兩點(diǎn) 的電勢均為零，ND段中的C點(diǎn)電勢最高，則( ) A．q1與q2帶同種電荷 B．C點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小為零 C．NC間場強(qiáng)方向向x軸正方向 D．將一負(fù)點(diǎn)電荷從N點(diǎn)移到D點(diǎn)，電場力先做正功后做負(fù)功,圖2,解析 由圖象可知，兩點(diǎn)的電勢一正一負(fù)，則q1與q2帶異種電荷，故A錯誤． 電勢隨x變化圖線的切線斜率表示電場強(qiáng)度，C點(diǎn)處切線斜率為零，則電場強(qiáng)度大小為零，故B正確． 由圖可知：N→C段中，電勢升高，所以場強(qiáng)方向沿x軸負(fù)方向，故C錯誤． 因N→D段中，電勢先升高后降低，所以場強(qiáng)方向先沿x軸負(fù)方向，后沿x軸正方向，則將一負(fù)點(diǎn)電荷從N點(diǎn)移到D點(diǎn)，電場力先做正功后做負(fù)功，故D正確． 答案 BD,預(yù)測2 如圖3所示，帶正電的A球固定，質(zhì)量為m、 電荷量為＋q的粒子B從a處以速度v0射向A，虛線 abc是B運(yùn)動的一段軌跡，b點(diǎn)距離A最近．粒子經(jīng)過 b點(diǎn)時速度為v，重力忽略不計．則( ),圖3,A．粒子從a運(yùn)動到b的過程中動能不斷增大 B．粒子從b運(yùn)動到c的過程中加速度不斷增大 C．可求出A產(chǎn)生的電場中a、b兩點(diǎn)間的電勢差 D．可求出A產(chǎn)生的電場中b點(diǎn)的電場強(qiáng)度,解析 由圖知，帶電粒子受到A處正電荷的排斥力作用，粒子從a運(yùn)動到b的過程中庫侖力做負(fù)功，其動能不斷減小，故A錯誤； 粒子從b運(yùn)動到c的過程中粒子離正電荷越來越遠(yuǎn)，所受的庫侖力減小，加速度減小，故B錯誤；,ab間不是勻強(qiáng)電場，不能根據(jù)公式U＝Ed，求出b點(diǎn)的電場強(qiáng)度，故D錯誤． 答案 C,預(yù)測3 (2015新課標(biāo)全國Ⅰ15)如圖4，直線a、b和c、d是處于勻強(qiáng)電場中的兩組平行線，M、N、P、Q是它們的交點(diǎn)，四點(diǎn)處的電勢分別為φM、φN、φP、φQ.一電子由M點(diǎn)分別運(yùn)動到N點(diǎn)和P點(diǎn)的過程中，電場力所做的負(fù)功相等．則( ) A．直線a位于某一等勢面內(nèi)，φM＞φQ B．直線c位于某一等勢面內(nèi)，φM＞φN C．若電子由M點(diǎn)運(yùn)動到Q點(diǎn)，電場力做正功 D．若電子由P點(diǎn)運(yùn)動到Q點(diǎn)，電場力做負(fù)功,圖4,解析 電子帶負(fù)電荷，電子由M點(diǎn)分別運(yùn)動到N點(diǎn)和P點(diǎn)的過程中，電場力所做的負(fù)功相等，有WMN＝WMP＜0，而WMN＝qUMN，WMP＝qUMP，q＜0，所以有UMN＝UMP＞0，即φM＞φN＝φP，勻強(qiáng)電場中等勢線為平行的直線，所以NP和MQ分別是兩條等勢線，有φM＝φQ，故A錯誤，B正確； 電子由M點(diǎn)運(yùn)動到Q點(diǎn)過程中，WMQ＝q(φM－φQ)＝0，電子由P點(diǎn)運(yùn)動到Q點(diǎn)過程中，WPQ＝q(φP－φQ)＞0，故C、D錯誤． 答案 B,,高考題型2 電場矢量合成問題,解題方略,1．熟練掌握常見電場的電場線和等勢面的畫法． 2．對于復(fù)雜的電場場強(qiáng)、電場力合成時要用平行四邊形定則． 3．電勢的高低可以根據(jù)“沿電場線方向電勢降低”或者由離正、負(fù)場源電荷的距離來確定．,例2 (2015山東理綜18) 直角坐標(biāo)系xOy中，M、N兩點(diǎn)位于x軸上，G、H兩點(diǎn)坐標(biāo)如圖5.M、N兩點(diǎn)各固定一負(fù)點(diǎn)電荷，一電荷量為Q的正點(diǎn)電荷置于O點(diǎn)時，G點(diǎn)處的電場強(qiáng)度恰好為零．靜電力常量用k表示．若將該正點(diǎn)電荷移到G點(diǎn)，則H點(diǎn)處場強(qiáng)的大小和方向分別為( ),圖5,答案 B,圖6,答案 C,預(yù)測5 如圖7所示，兩根等長帶電棒放置在第一、二象限，其端點(diǎn)在兩坐標(biāo)軸上，棒與坐標(biāo)軸圍成等腰直角三角形，兩棒帶電荷量相等，且電荷均勻分布，此時O點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小為E，撤去其中一根帶電棒后，O點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小變?yōu)? ),圖7,答案 B,預(yù)測6 如圖8所示，一半徑為R的絕緣環(huán)上，均勻地帶有電荷量為Q的電荷，在垂直于圓環(huán)平面的對稱軸上有一點(diǎn)P，它與圓環(huán)中心O的距離OP＝L.設(shè)靜電力常量為k，P點(diǎn)的場強(qiáng)為E，下列四個表達(dá)式中有一個是正確的，請你根據(jù)所學(xué)的物理知識，通過一定的分析，判斷正確的表達(dá)式是( ),圖8,解析 設(shè)想將圓環(huán)等分為n個小段，當(dāng)n相當(dāng)大時，每一小段都可以看做點(diǎn)電荷，其所帶電荷量為：,由點(diǎn)電荷場強(qiáng)公式可求得每一點(diǎn)電荷在P處的場強(qiáng)為：,答案 D,1．解決帶電粒子在磁場中運(yùn)動的臨界問題，關(guān)鍵在于運(yùn)用動態(tài)思維，尋找臨界點(diǎn)，確定臨界狀態(tài)，根據(jù)粒子的速度方向找出半徑方向，同時由磁場邊界和題設(shè)條件畫好軌跡，定好圓心，建立幾何關(guān)系． 2．粒子射出或不射出磁場的臨界狀態(tài)是粒子運(yùn)動軌跡與磁場邊界相切．,,高考題型3 帶電粒子在有界磁場中的臨界、極值問題,解題方略,例3 如圖9所示，兩平行金屬板E、F之間電壓為U，兩足夠長的平行邊界MN、PQ區(qū)域內(nèi)，有垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場，一質(zhì)量為m、帶電荷量為＋q的粒子(不計重力)，由E板中央處靜止釋放，經(jīng)F板上的小孔射出后，垂直進(jìn)入磁場，且進(jìn)入磁場時與邊界MN成60角，磁場MN和PQ邊界距離為d.求：,圖9,(1)粒子離開電場時的速度； 解析 設(shè)粒子離開電場時的速度為v，由動能定理有：,(2)若粒子垂直邊界PQ離開磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B； 解析 粒子離開電場后，垂直進(jìn)入磁場， 根據(jù)幾何關(guān)系得r＝2d ③,(3)若粒子最終從磁場邊界MN離開磁場，求磁感應(yīng)強(qiáng)度的范圍． 解析 最終粒子從邊界MN離開磁場，需滿足條件：剛好軌跡與PQ相切 d＝r＋rsin 30 ⑤,預(yù)測7 如圖10所示，空間存在一個半徑為R0的圓形勻強(qiáng)磁場區(qū)域，磁場的方向垂直于紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B，有一個粒子源在紙面內(nèi)沿各個方向以一定速率發(fā)射大量粒子，粒子的質(zhì)量為m、電荷量為＋q.將粒子源置于圓心，則所有粒子剛好都不離開磁場，不考慮粒子之間的相互作用．,圖10,(1)求帶電粒子的速率． 解析 粒子離開出發(fā)點(diǎn)最遠(yuǎn)的距離為軌道半徑的2倍，由幾何關(guān)系，則有R0＝2r，r＝0.5R0,答案,高考題型4 帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中的多過程問題,,,圖11,與彈性絕緣擋板碰撞前后，沿y方向分速度不變，沿x方向分速度反向，大小不變．帶負(fù)電的粒子質(zhì)量為m，電荷量為q，不計粒子所受重力．若粒子在P點(diǎn)沿PQ1方向進(jìn)入磁場，經(jīng)磁場運(yùn)動后，求： (1)從Q1直接到達(dá)Q2處的粒子初速度大小； 解析 由題意畫出粒子運(yùn)動軌跡如圖甲所示， 設(shè)PQ1與x軸正方向夾角為θ，粒子在磁場中 做圓周運(yùn)動的半徑大小為R1，,(2)從Q1直接到達(dá)O點(diǎn)，粒子第一次經(jīng)過x軸的交點(diǎn)坐標(biāo)；,(3)只與擋板碰撞兩次并能回到P點(diǎn)的粒子初速度大?。?解析 由題意畫出粒子運(yùn)動軌跡如圖丙所示， 設(shè)PQ1與x軸正方向夾角為θ，粒子在磁場中 做圓周運(yùn)動的半徑大小為R3，偏轉(zhuǎn)一次后在 y軸負(fù)方向偏移量為Δy1，由幾何關(guān)系得：Δy1 ＝2R3cos θ，為保證粒子最終能回到P，粒子 與擋板碰撞后，碰后速度方向應(yīng)與PQ1連線平行，每碰撞一次，粒子進(jìn)出磁場在y軸上這段距離Δy2(如圖中A、E間距)可由題給條件，,預(yù)測8 如圖12所示，空間中直線PQ以上存在 磁感應(yīng)強(qiáng)度為4B的勻強(qiáng)磁場，PQ以下存在著 磁感強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場，磁場方向均垂直紙 面向里，厚度不計的平行絕緣板EF、GH間距 為d，垂直于PQ放置，有一個質(zhì)量為m的帶電 粒子，電荷量為q，從EF的中間小孔M點(diǎn)射出，速度方向與水平方向成30角，直接到達(dá)PQ邊界并垂直邊界射入上部磁場，軌跡如圖所示，以后的運(yùn)動過程中，經(jīng)一段時間后，粒子恰好能從GH板的小孔N點(diǎn)穿出，(粒子重力不計)求：,圖12,(1)粒子從M點(diǎn)出發(fā)的初速度v； 解析 R1sin 30＝R1－d，得R1＝2d.,(2)粒子從M點(diǎn)出發(fā)，到達(dá)N點(diǎn)所用時間； 解析 如圖，粒子應(yīng)從G點(diǎn)進(jìn)入4B場內(nèi)，,其運(yùn)動軌跡為半圓，并垂直PQ再由E點(diǎn)回到B場區(qū)，由對稱性，粒子將打到N點(diǎn)的軌跡如圖，粒子在B場中運(yùn)動時間,(3)若粒子出發(fā)條件不變，EF板不動，將GH板從原來位置向右平移，若仍需讓粒子穿過N點(diǎn)，則GH到EF的垂直距離x應(yīng)滿足什么條件？(用d來表示x) 解析 如圖所示，由粒子運(yùn)行的周期性，有如下結(jié)果： x＝(3n＋1)d，(n＝0,1,2,3…) 或x＝3nd，(n＝0,1,2,3…) 答案 x＝(3n＋1)d，(n＝0,1,2,3…)或x＝3nd，(n＝0,1,2,3…),