（課標(biāo)版）高考物理二輪復(fù)習(xí) 選擇題提速練3（含解析）-人教版高三全冊(cè)物理試題

選擇題提速練3時(shí)間：45分鐘15單選，68多選1如圖所示，一個(gè)質(zhì)量為m60 kg的物體在沿固定斜面向上的恒定外力F的作用下，由靜止開始從斜面的底端沿光滑的斜面向上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過一段時(shí)間后外力F做的功為120 J，此后撤去外力F，物體又經(jīng)過一段時(shí)間后回到出發(fā)點(diǎn)若以地面為零勢(shì)能面，下列說法中正確的是(C)A在這個(gè)過程中，物體的最大動(dòng)能小于120 JB在這個(gè)過程中，物體的最大重力勢(shì)能大于120 JC在撤去外力F之后的過程中，物體的機(jī)械能等于120 JD在剛撤去外力F時(shí)，物體的速率為2 m/s解析：F做功為120 J，則物體的機(jī)械能等于120 J，撤去F后，只有重力對(duì)物體做功，機(jī)械能守恒，所以物體回到出發(fā)點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能為120 J，故A錯(cuò)誤，C正確；物體運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)的過程中，由動(dòng)能定理得WFWG00，即重力做功為WGWF120 J，重力做負(fù)功，物體的最大重力勢(shì)能等于120 J，故B錯(cuò)誤；物體向上運(yùn)動(dòng)的過程中重力做負(fù)功，所以在剛撤去外力F時(shí)，物體的動(dòng)能小于120 J，物體的速率v< m/s2 m/s，故D錯(cuò)誤2甲、乙兩小車在一條平直的車道上行駛，它們運(yùn)動(dòng)的v­t圖象如圖所示，其中甲為兩段相同的圓弧，乙為直線則下列說法正確的是(B)At8 s時(shí)兩車的加速度大小相等Bt16 s時(shí)兩車不一定相遇C在016 s內(nèi)，兩小車的平均速度大小相等，但方向相反D在016 s內(nèi)，甲車的加速度方向改變解析：v­t圖象中直線或曲線某處切線的斜率表示加速度，由圖象知t8 s時(shí)甲車的加速度大于乙車的加速度，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；在016 s內(nèi)兩車運(yùn)動(dòng)的位移相同，但不知兩車的初位置情況，故不能判斷兩車在t16 s時(shí)是否相遇，選項(xiàng)B正確；在016 s內(nèi)，兩車的平均速度大小相等，方向相同，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；016 s內(nèi)，甲車做加速度先逐漸增大后逐漸減小的加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度方向不變，選項(xiàng)D錯(cuò)誤3如圖所示，水平面內(nèi)有A、B、C、D、M、N六個(gè)點(diǎn)，它們均勻分布在半徑為R2 cm的同一圓周上，空間有一方向與圓平面平行的勻強(qiáng)電場(chǎng)已知A、C、M三點(diǎn)的電勢(shì)分別為A(2)V、C2 V、M(2)V，下列判斷正確的是(C)A電場(chǎng)強(qiáng)度的方向由A指向DB電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為1 V/mC該圓周上的點(diǎn)電勢(shì)最高為4 VD沿圓周將電子從D點(diǎn)經(jīng)M點(diǎn)移到N點(diǎn)，電場(chǎng)力先做負(fù)功后做正功解析：在勻強(qiáng)電場(chǎng)中AM連線的中點(diǎn)G的電勢(shì)G(AM)2 VC，所以直線COGN為等勢(shì)線，在勻強(qiáng)電場(chǎng)中等勢(shì)線相互平行，電場(chǎng)線與等勢(shì)線相互垂直，且由電勢(shì)高的等勢(shì)線指向電勢(shì)低的等勢(shì)線，可知直線AB、直線DM分別為等勢(shì)線，直線DB、直線MA分別為電場(chǎng)線，可知電場(chǎng)強(qiáng)度的方向由M指向A(或由D指向B)，故A錯(cuò)誤；MA兩點(diǎn)間的電勢(shì)差UMAMA2 V，沿電場(chǎng)方向的距離dR m，電場(chǎng)強(qiáng)度E100 V/m，故B錯(cuò)誤；過圓心O作MA的平行線，與圓的交點(diǎn)H處電勢(shì)最高，UHOE·R2 V，由UHOHO可得：最高電勢(shì)HUHOO4 V，故C正確；沿圓周將電子從D點(diǎn)經(jīng)M點(diǎn)移到N點(diǎn)，電場(chǎng)力先做正功再做負(fù)功，故D錯(cuò)誤4從地面豎直向上拋出一只小球，小球運(yùn)動(dòng)一段時(shí)間后落回地面忽略空氣阻力，該過程中小球的動(dòng)能Ek與時(shí)間t的關(guān)系圖象是(A)解析：對(duì)于整個(gè)豎直上拋過程(包括上升與下落)，速度與時(shí)間的關(guān)系為vv0gt，v2g2t22v0gtv，Ekmv2，可見動(dòng)能與時(shí)間是二次函數(shù)關(guān)系，由數(shù)學(xué)中的二次函數(shù)知識(shí)可判斷A正確5“天鏈一號(hào)”04星是我國(guó)發(fā)射的第4顆地球同步衛(wèi)星，它與“天鏈一號(hào)”02星、03星實(shí)現(xiàn)組網(wǎng)運(yùn)行，為我國(guó)神舟飛船、空間實(shí)驗(yàn)室“天宮二號(hào)”提供數(shù)據(jù)中繼與測(cè)控服務(wù)如圖，1是“天宮二號(hào)”繞地球穩(wěn)定運(yùn)行的軌道，2是“天鏈一號(hào)”繞地球穩(wěn)定運(yùn)行的軌道下列說法正確的是(B)A“天鏈一號(hào)”04星的最小發(fā)射速度是11.2 km/sB“天鏈一號(hào)”04星的運(yùn)行速度小于“天宮二號(hào)”的運(yùn)行速度C為了便于測(cè)控，“天鏈一號(hào)”04星相對(duì)于地面靜止于北京飛控中心的正上方D由于技術(shù)進(jìn)步，“天鏈一號(hào)”04星的運(yùn)行速度可能大于“天鏈一號(hào)”02星的運(yùn)行速度解析：由于第一宇宙速度是人造地球衛(wèi)星飛船環(huán)繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)的最大速度，同時(shí)又是最小的發(fā)射速度，可知飛船的發(fā)射速度大于第一宇宙速度7.9 km/s.飛船的發(fā)射速度大于第二宇宙速度11.2 km/s時(shí)，就脫離地球束縛所以飛船的發(fā)射速度要小于第二宇宙速度，同時(shí)要大于第一宇宙速度，介于第一宇宙速度和第二宇宙速度之間，故A錯(cuò)誤；由萬有引力提供向心力得：可得v，可知軌道半徑比較大的“天鏈一號(hào)”04星的運(yùn)行速度小于“天宮二號(hào)”的運(yùn)行速度，故B正確；“天鏈一號(hào)”04星位于赤道正上方，不可能位于北京飛控中心的正上方，故C錯(cuò)誤；根據(jù)題意，“天鏈一號(hào)”04星與“天鏈一號(hào)”02星都是地球同步軌道數(shù)據(jù)中繼衛(wèi)星，軌道半徑相同，所以“天鏈一號(hào)”04星與“天鏈一號(hào)”02星具有相同的速度，故D錯(cuò)誤6如圖所示，B、M、N分別為豎直光滑圓軌道的右端點(diǎn)，最低點(diǎn)和左端點(diǎn)，B點(diǎn)和圓心等高，N點(diǎn)和圓心O的連線與豎直方向的夾角為60°.現(xiàn)從B點(diǎn)的正上方某處A點(diǎn)由靜止釋放一個(gè)小球，經(jīng)圓軌道飛出后以水平方向上的v通過C點(diǎn)，已知圓軌道半徑為R，v，重力加速度為g，則以下結(jié)論正確的是(AC)AC、N的水平距離為RBC、N的水平距離為2RC小球在M點(diǎn)對(duì)軌道的壓力為6mgD小球在M點(diǎn)對(duì)軌道的壓力為4mg解析：采用逆向思維，C到N做平拋運(yùn)動(dòng)，即沿N點(diǎn)切線方向進(jìn)入，根據(jù)平行四邊形定則知，小球在N點(diǎn)的豎直分速度vyNvtan60°v，則N到C的時(shí)間t，C、N的水平距離xvtR，故A正確，B錯(cuò)誤；小球運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)的速度vN2，根據(jù)動(dòng)能定理得，mgR(1cos)mvmv，在M點(diǎn)，根據(jù)牛頓第二定律得FNmgm，聯(lián)立解得FN6mg，故C正確，D錯(cuò)誤7如圖所示，長(zhǎng)木板A放在光滑的水平面上，質(zhì)量為m4 kg的小物體B以水平速度v02 m/s滑上原來靜止的長(zhǎng)木板A的上表面由于A、B間存在摩擦，之后A、B速度隨時(shí)間變化情況如圖乙所示，g取10 m/s2，則下列說法正確的是(AD)A木板A獲得的動(dòng)能為2 JB系統(tǒng)損失的機(jī)械能為2 JC木板A的最小長(zhǎng)度為2 mDA、B間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.1解析：由圖象可知，木板獲得的速度為v1 m/s，A、B組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，以B的初速度方向?yàn)檎较?，由?dòng)量守恒定律得mv0(Mm)v，可得木板A的質(zhì)量M4 kg，木板獲得的動(dòng)能為EkMv22 J，故A正確；系統(tǒng)損失的機(jī)械能Emvmv2Mv2，代入數(shù)據(jù)解得E4 J，故B錯(cuò)誤；由圖得到01 s內(nèi)B的位移為xB×(21)×1 m1.5 m，A的位移為xA×1×1 m0.5 m，木板A的最小長(zhǎng)度為L(zhǎng)xBxA1 m，故C錯(cuò)誤；由圖象可知，B的加速度a1 m/s2，負(fù)號(hào)表示加速度的方向，由牛頓第二定律得mBgmBa，代入解得0.1，故D正確8如圖所示，淺色傳送帶A、B兩端距離L24 m，以速度v08 m/s逆時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，并且傳送帶與水平面的夾角為30°，現(xiàn)將一質(zhì)量m2 kg的煤塊輕放在傳送帶的A端，煤塊與傳送帶間動(dòng)摩擦因數(shù)，g取10 m/s2，則下列敘述正確的是(AC)A煤塊從A端運(yùn)動(dòng)到B端所經(jīng)歷時(shí)間為3 sB煤塊從A端運(yùn)動(dòng)到B端時(shí)重力的瞬時(shí)功率為240 WC煤塊從A端運(yùn)動(dòng)到B端留下的黑色痕跡為4 mD煤塊從A端運(yùn)到到B端因摩擦產(chǎn)生的熱量為24 J解析：煤塊剛放上傳送帶時(shí)對(duì)煤塊進(jìn)行受力分析，其加速度大小為a1gsin30°gcos30°8 m/s2，則煤塊速度達(dá)v0后，由于mgsin>mgcos，故煤塊與傳送帶會(huì)相對(duì)滑動(dòng)，故煤塊的加速度a2gsin30°gcos30°2 m/s2.煤塊速度達(dá)到v0時(shí)經(jīng)歷的時(shí)間t11 s，煤塊的位移x14 m，煤塊與傳送帶繼續(xù)相對(duì)滑動(dòng)，根據(jù)v2v2a2(Lx1)可得v12 m/s，則煤塊從速度達(dá)到v0至到達(dá)B經(jīng)歷時(shí)間t22 s，所以煤塊從A端運(yùn)動(dòng)到B端時(shí)所經(jīng)歷的時(shí)間為tt1t23 s，選項(xiàng)A正確；煤塊從A端運(yùn)動(dòng)到B端重力的瞬時(shí)功率為Pmgvsin120 W，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；煤塊第一次勻加速運(yùn)動(dòng)產(chǎn)生的黑色痕跡出現(xiàn)在其前方，長(zhǎng)度為s1v0t1x14 m；煤塊第二次勻加速運(yùn)動(dòng)產(chǎn)生的黑色痕跡出現(xiàn)在其后方，長(zhǎng)度為s2Lx1v0t24 m；故兩次痕跡完全重合，故煤塊從A端運(yùn)動(dòng)到B端留下的黑色痕跡為4 m，選項(xiàng)C正確；煤塊從A端運(yùn)動(dòng)到B端因摩擦產(chǎn)生的熱量為Qmgcos(s1s2)48 J，選項(xiàng)D錯(cuò)誤